历届试题 格子刷油漆
时间限制:1.0s 内存限制:256.0MB
问题描述
X国的一段古城墙的顶端可以看成 2*N个格子组成的矩形(如下图所示),现需要把这些格子刷上保护漆。
你可以从任意一个格子刷起,刷完一格,可以移动到和它相邻的格子(对角相邻也算数),但不能移动到较远的格子(因为油漆未干不能踩!)
比如:a d b c e f 就是合格的刷漆顺序。
c e f d a b 是另一种合适的方案。
当已知 N 时,求总的方案数。当N较大时,结果会迅速增大,请把结果对 1000000007 (十亿零七) 取模。
你可以从任意一个格子刷起,刷完一格,可以移动到和它相邻的格子(对角相邻也算数),但不能移动到较远的格子(因为油漆未干不能踩!)
比如:a d b c e f 就是合格的刷漆顺序。
c e f d a b 是另一种合适的方案。
当已知 N 时,求总的方案数。当N较大时,结果会迅速增大,请把结果对 1000000007 (十亿零七) 取模。
输入格式
输入数据为一个正整数(不大于1000)
输出格式
输出数据为一个正整数。
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这应该是一个很经典的动态规划(可是还是很生疏,一看要找规律就不想找,好复杂啊,手动捂脸)
就找规律,找与上一层的规律然后分情况讨论:
第一种情况:先找起点在四个角的,对四个角的某一点,可以往下走,可以往右走,如果是往下的话,再往右两种情况对应着的是a[x] = a[x-1]*2,(这儿为第一种情况,画得等号,其余都是+=),如果先往右的话,必定要走回来,所以只能一直往右不能往下,知道走到头,也就是a[x] += 2^(n-1)此处不能用公式,要用数组会超数组大小,第三种情况是Z字形走,也就是先往右又往左下或者右上即a[x] += 2*a[x-2];
第二种情况:在中间,一列的两个是一样的,对称的也是一样的,然后中间的每一列都开始遍历求解,两种情况,往左或者往右,先去的那个方向,必须是2^( n-i ), 后去的是2×a[i-1].
#include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; const ll mod = 1000000007; const int maxn = 1005; ll a[maxn]; ll b[maxn];//不能直接使用公式,会超出范围 int main() { int n; scanf("%d", &n); if(n == 1) { printf("2\n"); return 0; } memset(a, 0, sizeof(a)); b[1] = 1; for(int i = 2; i <= n; i++) { b[i] = b[i-1]*2 % mod; } a[1] = 1; a[2] = 6; for(int i = 3; i <= n; i++) { a[i] = a[i-2]*4 + a[i-1]*2 + b[i]; a[i] %= mod; } ll sum = 0; for(int i = 2; i < n; i++) { sum += (b[n-i+1]*a[i-1] + b[i]*a[n-i]) * 4; sum %= mod; } //cout << sum << endl; sum += a[n]*4; sum %= mod; printf("%lld\n", sum); return 0; }
历届试题 格子刷油漆
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问题描述
X国的一段古城墙的顶端可以看成 2*N个格子组成的矩形(如下图所示),现需要把这些格子刷上保护漆。
你可以从任意一个格子刷起,刷完一格,可以移动到和它相邻的格子(对角相邻也算数),但不能移动到较远的格子(因为油漆未干不能踩!)
比如:a d b c e f 就是合格的刷漆顺序。
c e f d a b 是另一种合适的方案。
当已知 N 时,求总的方案数。当N较大时,结果会迅速增大,请把结果对 1000000007 (十亿零七) 取模。
你可以从任意一个格子刷起,刷完一格,可以移动到和它相邻的格子(对角相邻也算数),但不能移动到较远的格子(因为油漆未干不能踩!)
比如:a d b c e f 就是合格的刷漆顺序。
c e f d a b 是另一种合适的方案。
当已知 N 时,求总的方案数。当N较大时,结果会迅速增大,请把结果对 1000000007 (十亿零七) 取模。
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输入数据为一个正整数(不大于1000)
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