标题： 购物单
小明刚刚找到工作，老板人很好，只是老板夫人很爱购物。老板忙的时候经常让小明帮忙到商场代为购物。小明很厌烦，但又不好推辞。
这不，XX大促销又来了！老板夫人开出了长长的购物单，都是有打折优惠的。
小明也有个怪癖，不到万不得已，从不刷卡，直接现金搞定。
现在小明很心烦，请你帮他计算一下，需要从取款机上取多少现金，才能搞定这次购物。
取款机只能提供100元面额的纸币。小明想尽可能少取些现金，够用就行了。
你的任务是计算出，小明最少需要取多少现金。
以下是让人头疼的购物单，为了保护隐私，物品名称被隐藏了。
--------------------
**** 180.90 88折
**** 10.25 65折
**** 56.14 9折
**** 104.65 9折
**** 100.30 88折
**** 297.15 半价
**** 26.75 65折
**** 130.62 半价
**** 240.28 58折
**** 270.62 8折
**** 115.87 88折
**** 247.34 95折
**** 73.21 9折
**** 101.00 半价
**** 79.54 半价
**** 278.44 7折
**** 199.26 半价
**** 12.97 9折
**** 166.30 78折
**** 125.50 58折
**** 84.98 9折
**** 113.35 68折
**** 166.57 半价
**** 42.56 9折
**** 81.90 95折
**** 131.78 8折
**** 255.89 78折
**** 109.17 9折
**** 146.69 68折
**** 139.33 65折
**** 141.16 78折
**** 154.74 8折
**** 59.42 8折
**** 85.44 68折
**** 293.70 88折
**** 261.79 65折
**** 11.30 88折
**** 268.27 58折
**** 128.29 88折
**** 251.03 8折
**** 208.39 75折
**** 128.88 75折
**** 62.06 9折
**** 225.87 75折
**** 12.89 75折
**** 34.28 75折
**** 62.16 58折
**** 129.12 半价
**** 218.37 半价
**** 289.69 8折
--------------------
需要说明的是，88折指的是按标价的88%计算，而8折是按80%计算，余者类推。
特别地，半价是按50%计算。
请提交小明要从取款机上提取的金额，单位是元。
答案是一个整数，类似4300的样子，结尾必然是00，不要填写任何多余的内容。
特别提醒：不许携带计算器入场，也不能打开手机。
标题：等差素数列
2,3,5,7,11,13,....是素数序列。
类似：7,37,67,97,127,157 这样完全由素数组成的等差数列，叫等差素数数列。
上边的数列公差为30，长度为6。
2004年，格林与华人陶哲轩合作证明了：存在任意长度的素数等差数列。
这是数论领域一项惊人的成果！
有这一理论为基础，请你借助手中的计算机，满怀信心地搜索：
长度为10的等差素数列，其公差最小值是多少？
注意：需要提交的是一个整数，不要填写任何多余的内容和说明文字。
1.首先看到这个题，一看就是可以循环出来的，所以毫不犹豫想到暴力破解
2.直接循环所有的素数，然后来查找长度为10的公差
3.所以具体思路如下
1.定义一个5000长度或者更长的数组，用来存放素数（只放素数，不放其他的）
2.依次增加公差，公差从素数第一个数开始循环增加，例如素数是1 2 3 5 7 第一个公差就可以从3或者5开始
3.然后在每次公差递增里面去比较能不能排出10个公差一样的素数
4.可以就结束循环，输出答案，不能就继续循环
5.如果数组不够大，就增加数组长度
6.这里判断a+公差 是否还在数组里面使用遍历数组的方法可以（效率低），使用set集合也可以，方法很多
#include<stdio.h>
#define L 9999999
#define longlong LL
long long a[L]={0};
void prime(int temp){
for(int i=2;i*i<=temp;i++)
if(temp%i==0)return;
a[temp]=1;
return;
}
int main(){
a[1]=1;
for(int i=2;i<999999;i++)
prime(i);
for(int len =10;len<1000;len++)
for(int i=2;i<999999;i++)
{
int j;
for( j =0;j<10;j++){
if(!a[i+j*len])
break;
}
if(j==10){
printf("%d",len);
return 0;
}
}
return 0;
}
标题：承压计算
X星球的高科技实验室中整齐地堆放着某批珍贵金属原料。
每块金属原料的外形、尺寸完全一致，但重量不同。
金属材料被严格地堆放成金字塔形。
7
5 8
7 8 8
9 2 7 2
8 1 4 9 1
8 1 8 8 4 1
7 9 6 1 4 5 4
5 6 5 5 6 9 5 6
5 5 4 7 9 3 5 5 1
7 5 7 9 7 4 7 3 3 1
4 6 4 5 5 8 8 3 2 4 3
1 1 3 3 1 6 6 5 5 4 4 2
9 9 9 2 1 9 1 9 2 9 5 7 9
4 3 3 7 7 9 3 6 1 3 8 8 3 7
3 6 8 1 5 3 9 5 8 3 8 1 8 3 3
8 3 2 3 3 5 5 8 5 4 2 8 6 7 6 9
8 1 8 1 8 4 6 2 2 1 7 9 4 2 3 3 4
2 8 4 2 2 9 9 2 8 3 4 9 6 3 9 4 6 9
7 9 7 4 9 7 6 6 2 8 9 4 1 8 1 7 2 1 6
9 2 8 6 4 2 7 9 5 4 1 2 5 1 7 3 9 8 3 3
5 2 1 6 7 9 3 2 8 9 5 5 6 6 6 2 1 8 7 9 9
6 7 1 8 8 7 5 3 6 5 4 7 3 4 6 7 8 1 3 2 7 4
2 2 6 3 5 3 4 9 2 4 5 7 6 6 3 2 7 2 4 8 5 5 4
7 4 4 5 8 3 3 8 1 8 6 3 2 1 6 2 6 4 6 3 8 2 9 6
1 2 4 1 3 3 5 3 4 9 6 3 8 6 5 9 1 5 3 2 6 8 8 5 3
2 2 7 9 3 3 2 8 6 9 8 4 4 9 5 8 2 6 3 4 8 4 9 3 8 8
7 7 7 9 7 5 2 7 9 2 5 1 9 2 6 5 3 9 3 5 7 3 5 4 2 8 9
7 7 6 6 8 7 5 5 8 2 4 7 7 4 7 2 6 9 2 1 8 2 9 8 5 7 3 6
5 9 4 5 5 7 5 5 6 3 5 3 9 5 8 9 5 4 1 2 6 1 4 3 5 3 2 4 1
X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X
其中的数字代表金属块的重量（计量单位较大）。
最下一层的X代表30台极高精度的电子秤。
假设每块原料的重量都十分精确地平均落在下方的两个金属块上，
最后，所有的金属块的重量都严格精确地平分落在最底层的电子秤上。
电子秤的计量单位很小，所以显示的数字很大。
工作人员发现，其中读数最小的电子秤的示数为：2086458231
请你推算出：读数最大的电子秤的示数为多少？
注意：需要提交的是一个整数，不要填写任何多余的内容。
1.首先看清楚题，题目上明确说明了，每台机器上面的显示不一样，这里就别看走眼什么的，看成一样的，然后一脸懵逼，不知道怎么下手了
2.这个题，当我们明确我们需要求的，以及我们已知的条件就很简单了，我们就会有如下的问题
问题：
1.这个每次除2，会不会影响精度，会不会损失数据
2.这个知道是用for循环去做，问题我用什么去接受这个值呢？难道每次都用一个临时变量吗？
3.图中的数字那么小，就算全部加完，也没有题目给的那个数字那么大，这个题目是不是出错了，哈哈，这个时候你会不会上说一句“~~~出题者”
思考：
1.每次除2却是会影响精度，尤其是还要除那么多次，那么，为什么我们不能最开始就吧这个倍数扩大呢？直接按照2的n次方去扩大就是了啊，到时候大了，再除回来就ok
2.知道用for循环说明，已经有个整体的思路了，这个时候就需要观察一下图形了，很容易看出这个图形是一个二维的，很想我们的二维数组，第一排的数据除2，分别累加到下一排的本列和右边一列。那么我们知道用二维数组就很简单了啊
3.差距确实很大，这个时候，就回到我第一个思考上面去了，我们就可以扩大倍数，然后观察最后的结果和题目给的有什么比例关系没有，然后按照一定的比例关系转换就ok了
#include <iostream>
using namespace std;
typedef long long LL;
LL arr[30][30];
int main(int argc, const char * argv[]) {
LL factor=1;
for (int i = 0; i < 30; ++i) {
factor<<=1;
}
// cout <<factor<<endl;
// 输入数据放入二维数组
for (int i = 0; i < 29; ++i) {
for (int j = 0; j <= i; ++j) {
LL a=0;
scanf("%lld",&a);
arr[i][j]=a*factor;
}
}
//自上而下处理a[i][j]*factor（2的30次方）-->除以2，计入a[i+1][j]和a[i+1][j+1]
//循环处理第1~N-1行
for (int i = 0; i < 29; ++i) {
for (int j = 0; j <=i ; ++j) {
LL ha =arr[i][j]/2;
arr[i+1][j]+=ha;
arr[i+1][j+1]+=ha;
}
}
//对a[N-1]这一行进行排序，查看最小值与factor之间的倍数关系，决定最大值是多少
sort(arr[29],arr[29]+30);
cout<<arr[29][0]/2<<","<<arr[29][29]/2<<endl;
return 0;
}
标题：方格分割
6x6的方格，沿着格子的边线剪开成两部分。
要求这两部分的形状完全相同。
如图：p1.png, p2.png, p3.png 就是可行的分割法。
试计算：
包括这3种分法在内，一共有多少种不同的分割方法。
注意：旋转对称的属于同一种分割法。
请提交该整数，不要填写任何多余的内容或说明文字。
1.看到这个题，我的第一反应就是深搜、递归，诸如此类的暴力破解，然而，试过以后，发现根本跑不出答案
2.然后以上的方法不行了，那么，我们就可以来观察一下图形了，看看这个题目有什么取巧的地方
发现
1.图形是一个关于中心对称的
2.我选择完一个点以后，还可以发散到另外3个点（因为不能后退）
3.最后的图形，围着中心旋转一圈，答案都是一样的，所以最后我们需要除4
取巧：
1.我们可以从中间的点开始选择，然后随便选定一个方向，然后吧这个点关于中心对称的点也标位已选
2.用二维数组（显而易见）+递归
#include <iostream>
using namespace std;
int ans;
int dire[][2] = {{-1, 0},
{1, 0},
{0, -1},
{0, 1}};
int vis[7][7];
void dfs(int x, int y) {
if (x == 0 || y == 0 || x == 6 || y == 6) {
ans++;
return;
}
// 当前的点标注为已访问
vis[x][y] = 1;
// 对称点也标注为已访问
vis[6 - x][6 - y] = 1;
for (int k = 0; k < 4; ++k) {
int nx = x + dire[k][0];
int ny = y + dire[k][1];
// 新坐标
if (nx < 0 || nx > 6 || ny < 0 || ny > 6)continue;
if (!vis[nx][ny]) {
dfs(nx, ny);
}
}
vis[x][y] = 0;
vis[6 - x][6 - y] = 0;//对称
}
int main(int argc, const char *argv[]) {
dfs(3, 3);
cout << ans / 4 << endl;
return 0;
}
标题：取数位
求1个整数的第k位数字有很多种方法。
以下的方法就是一种。
// 求x用10进制表示时的数位长度
int len(int x){
if(x<10) return 1;
return len(x/10)+1;
}
// 取x的第k位数字
int f(int x, int k){
if(len(x)-k==0) return x%10;
return _____________________; //填空
}
int main()
{
int x = 23574;
printf("%d\n", f(x,3));
return 0;
}
对于题目中的测试数据，应该打印5。
请仔细分析源码，并补充划线部分所缺少的代码。
注意：只提交缺失的代码，不要填写任何已有内容或说明性的文字。
标题：最大公共子串
最大公共子串长度问题就是：
求两个串的所有子串中能够匹配上的最大长度是多少。
比如："abcdkkk" 和 "baabcdadabc"，
可以找到的最长的公共子串是"abcd",所以最大公共子串长度为4。
下面的程序是采用矩阵法进行求解的，这对串的规模不大的情况还是比较有效的解法。
请分析该解法的思路，并补全划线部分缺失的代码。
#include <stdio.h>
#include <string.h>
#define N 256
int f(const char* s1, const char* s2)
{
int a[N][N];
int len1 = strlen(s1);
int len2 = strlen(s2);
int i,j;
memset(a,0,sizeof(int)*N*N);
int max = 0;
for(i=1; i<=len1; i++){
for(j=1; j<=len2; j++){
if(s1[i-1]==s2[j-1]) {
a[i][j] = __________________________; //填空
if(a[i][j] > max) max = a[i][j];
}
}
}
return max;
}
int main()
{
printf("%d\n", f("abcdkkk", "baabcdadabc"));
return 0;
}
注意：只提交缺少的代码，不要提交已有的代码和符号。也不要提交说明性文字。
标题：日期问题
小明正在整理一批历史文献。这些历史文献中出现了很多日期。小明知道这些日期都在1960年1月1日至2059年12月31日。令小明头疼的是，这些日期采用的格式非常不统一，有采用年/月/日的，有采用月/日/年的，还有采用日/月/年的。更加麻烦的是，年份也都省略了前两位，使得文献上的一个日期，存在很多可能的日期与其对应。
比如02/03/04，可能是2002年03月04日、2004年02月03日或2004年03月02日。
给出一个文献上的日期，你能帮助小明判断有哪些可能的日期对其对应吗？
输入
----
一个日期，格式是"AA/BB/CC"。 (0 <= A, B, C <= 9)
输出
----
输出若干个不相同的日期，每个日期一行，格式是"yyyy-MM-dd"。多个日期按从早到晚排列。
样例输入
----
02/03/04
样例输出
----
2002-03-04
2004-02-03
2004-03-02
资源约定：
峰值内存消耗（含虚拟机） < 256M
CPU消耗 < 1000ms
请严格按要求输出，不要画蛇添足地打印类似：“请您输入...” 的多余内容。
注意：
main函数需要返回0;
只使用ANSI C/ANSI C++ 标准;
不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include <xxx>
不能通过工程设置而省略常用头文件。
提交程序时，注意选择所期望的语言类型和编译器类型。
1.因为输入的是三个数，年月日，同时顺序不定，所以我们使用一个三维数组来存放
2.这里因为使用的是数组存放，数组在没有初始化的情况下是默认为0的，所以我们需要讲输入的数据设为1
3.但关键点来了：
1.输入端：年，首先要判断是1900年的还是2000年的，因为我们的基数是一个1960，所以我们完全可以讲年 输入数字小于60的 加上40，补成2000年，这样就不会出错了
2.输入端：月，因为月也就是12个月，随便多少年都不可能出现什么13个月，所以这里就很简单，小于12就可 以
3.输入端：日，日也很简单，最开始的规范就按照最大的日子，31天计算，随便哪个月都不可能大于31
4.好了，接下来是核心问题了，我们需要判断我们输入的数字是否满足正常的日期显示了，判断要求如下
1.首先判断是否是闰年，因为闰年二月要多一天
2.然后判断是否是小月（30天的）因为我们输入的标准是31天
3.然后再判断是否是2月，并且判断天数
4.如果上面有任何一点不满足，我们就返回0
5.最后遍历数组为1的元素，进行输出就好了
#include <cstdio>
#include <cstring>
using namespace std;
int time[150][15][35];
bool pd(int n,int y,int r)
{
int rn=0;
if(n%400==0||n%100!=0&&n%4==0)
rn=1;
if(n==1||n==3||n==5||n==7||n==8||n==10||n==12)
if(r>31) return 0;
if(n==4||n==6||n==9||n==11)
if(r>30) return 0;
if(n==2)
if(r>28+rn) return 0;
return 1;
}
int main()
{
int a,b,c;
//memset(time,0,sizeof(time));
scanf("%d/%d/%d",&a,&b,&c);
if(a>=60&&b<=12&&c<=31)
time[a-60][b][c]=1;
if(a<60&&b<=12&&c<=31)
time[a+40][b][c]=1;
if(c>=60&&a<=12&&b<=31)
time[c-60][a][b]=1;
if(c<60&&a<=12&&c<=31)
time[c+40][a][b]=1;
if(c>=60&&b<=12&&a<=31)
time[c-60][b][a]=1;
if(c<60&&b<=12&&a<=31)
time[c+40][b][a]=1;
for(int i=0;i<=100;i++)
for(int j=1;j<=12;j++)
for(int k=1;k<=31;k++)
if(time[i][j][k]==1)
{
if(pd[i,j,k])
{
printf("%d-",i+1960);
if(j<9)
printf("0%d-",j);
else
printf("%d-",j);
if(k<9)
printf("0%d\n",k);
else
printf("%d\n",k);
}
}
}
标题：包子凑数
小明几乎每天早晨都会在一家包子铺吃早餐。他发现这家包子铺有N种蒸笼，其中第i种蒸笼恰好能放Ai个包子。每种蒸笼都有非常多笼，可以认为是无限笼。
每当有顾客想买X个包子，卖包子的大叔就会迅速选出若干笼包子来，使得这若干笼中恰好一共有X个包子。比如一共有3种蒸笼，分别能放3、4和5个包子。当顾客想买11个包子时，大叔就会选2笼3个的再加1笼5个的（也可能选出1笼3个的再加2笼4个的）。
当然有时包子大叔无论如何也凑不出顾客想买的数量。比如一共有3种蒸笼，分别能放4、5和6个包子。而顾客想买7个包子时，大叔就凑不出来了。
小明想知道一共有多少种数目是包子大叔凑不出来的。
输入
----
第一行包含一个整数N。(1 <= N <= 100)
以下N行每行包含一个整数Ai。(1 <= Ai <= 100)
输出
----
一个整数代表答案。如果凑不出的数目有无限多个，输出INF。
例如，
输入：
2
4
5
程序应该输出：
6
再例如，
输入：
2
4
6
程序应该输出：
INF
样例解释：
对于样例1，凑不出的数目包括：1, 2, 3, 6, 7, 11。
对于样例2，所有奇数都凑不出来，所以有无限多个。
资源约定：
峰值内存消耗（含虚拟机） < 256M
CPU消耗 < 1000ms
请严格按要求输出，不要画蛇添足地打印类似：“请您输入...” 的多余内容。
注意：
main函数需要返回0;
只使用ANSI C/ANSI C++ 标准;
不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include <xxx>
不能通过工程设置而省略常用头文件。
提交程序时，注意选择所期望的语言类型和编译器类型。
这里我就不分析什么背包不背包的问题了，难得扯这么多，我就针对这个题进行一个分析吧
1.首先，我们需要知道一个数学规律，如果所有数的最大公约数不为1，那么这个结果肯定是INF，不用考虑的，至于为什么，可以自己进行一个推导
2.然后因为这个问题很容易转化为一个线性的问题，进而用一维数组去求解
3.因为这种奏数的问题，我们首先想到的肯定就是慢慢的加嘛
例如：题目给的实例
2
4
5
那么我们分析就应该如下
4 8 12 16.。。。。。。。 5 10 15 20 25.。。。。。
然后两两再进行组合 9 14 19 24 29 13 18 23 28 33.。。。。
这样难道还想不到用数组吗？很明显的一个数组下标的一个累加就ok了，然后最后遍历
#include <stdio.h>
#include <iostream>
using namespace std;
int n, g;
int a[101];
bool f[10000];
int gcd(int a, int b) {
if (b == 0)return a;
return gcd(b, a % b);
}
int main(int argc, const char *argv[]) {
scanf("%d", &n);
f[0] = true;
for (int i = 1; i <= n; ++i) {
scanf("%d", &a[i]);
if (i == 1)g = a[i];//初始化最大公约数
else g = gcd(a[i], g);
for (int j = 0; j < 10000; ++j) {
if (f[j])f[j + a[i]] = true;
}
}
if (g != 1) {
printf("INF\n");
return 0;
}
//统计个数
int ans = 0;
for (int i = 0; i < 10000; ++i) {
if (!f[i]) {
ans++;
// cout << i << endl;
}
}
printf("%d\n", ans);
return 0;
}
标题： 分巧克力
儿童节那天有K位小朋友到小明家做客。小明拿出了珍藏的巧克力招待小朋友们。
小明一共有N块巧克力，其中第i块是Hi x Wi的方格组成的长方形。
为了公平起见，小明需要从这 N 块巧克力中切出K块巧克力分给小朋友们。切出的巧克力需要满足：
1. 形状是正方形，边长是整数
2. 大小相同
例如一块6x5的巧克力可以切出6块2x2的巧克力或者2块3x3的巧克力。
当然小朋友们都希望得到的巧克力尽可能大，你能帮小Hi计算出最大的边长是多少么？
输入
第一行包含两个整数N和K。(1 <= N, K <= 100000)
以下N行每行包含两个整数Hi和Wi。(1 <= Hi, Wi <= 100000)
输入保证每位小朋友至少能获得一块1x1的巧克力。
输出
输出切出的正方形巧克力最大可能的边长。
样例输入：
2 10
6 5
5 6
样例输出：
2
资源约定：
峰值内存消耗（含虚拟机） < 256M
CPU消耗 < 1000ms
请严格按要求输出，不要画蛇添足地打印类似：“请您输入...” 的多余内容。
注意：
main函数需要返回0;
只使用ANSI C/ANSI C++ 标准;
不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include <xxx>
不能通过工程设置而省略常用头文件。
提交程序时，注意选择所期望的语言类型和编译器类型。
这个题就很简单的一个思路了，仅仅需要注意一个数据的规模，不然拿不到100分
思路如下：
1.我们需要得到N块巧克力，那么我们就只需要去遍历已有的n块能不能切出那么多，边长我们也可以用最大开始慢慢循环
2.然后得到的快速也有个计算公式（长/2 * 宽/2）
3.然而，我们这样一个一个的遍历，很影响效率，这个时候，我们就很容易想到二分法啊，最大和最小的边长都是已知的，每次都以二分法的方法去做，那效率不就快很多了吗
#include <iostream>
using namespace std;
int main(int argc, const char *argv[]) {
int n, k;
int h[100000];
int w[100000];
cin >> n >> k;
for (int i = 0; i < n; ++i) {
cin >> h[i] >> w[i];
}
int r = 100001;
int l=1;
int ans=0;
while (l<=r) {
int mid=(l+r)/2;
int cnt = 0;
// 每个巧克力块，都按照len来切割
for (int i = 0; i < n; ++i) {
cnt += (h[i] / mid) * (w[i] / mid);
}
if (cnt >= k) {
l=mid+1;
ans=mid;
}else{
r=mid-1;
}
}
cout<<ans<<endl;
return 0;
}
标题： k倍区间
给定一个长度为N的数列，A1, A2, ... AN，如果其中一段连续的子序列Ai, Ai+1, ... Aj(i <= j)之和是K的倍数，我们就称这个区间[i, j]是K倍区间。
你能求出数列中总共有多少个K倍区间吗？
输入
-----
第一行包含两个整数N和K。(1 <= N, K <= 100000)
以下N行每行包含一个整数Ai。(1 <= Ai <= 100000)
输出
-----
输出一个整数，代表K倍区间的数目。
例如，
输入：
5 2
1
2
3
4
5
程序应该输出：
6
资源约定：
峰值内存消耗（含虚拟机） < 256M
CPU消耗 < 2000ms
请严格按要求输出，不要画蛇添足地打印类似：“请您输入...” 的多余内容。
注意：
main函数需要返回0;
只使用ANSI C/ANSI C++ 标准;
不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include <xxx>
不能通过工程设置而省略常用头文件。
提交程序时，注意选择所期望的语言类型和编译器类型。
1.这个题也不难，甚至直接暴力循环都是可以的，也很容易看出原理
2.其实就是一个求和，然后再对k取余，看是否等于0
例如，例子给的是
5 2
1
2
3
4
5
理解如下：
1+2 1+2+3 1+2+3+4 1+2+3+4+5 2+3 2+3+4.。。。。。
#include<iostream>
using namespace std;
int n, k;
int a[100010];
int s[100010];//前缀和
int main()
{
cin >> n >> k;
s[0] = 0;
for(int i = 1; i <= n; i++) {
cin >> a[i];
s[i] = s[i-1] + a[i];
}
long long ans = 0;
// 枚举i,j
for(int i = 1; i <= n; i++) {
for (int j = i; j <=n ; ++j) {
// ij之间的区间和=s[j]-s[i-1]
if((s[j]-s[i-1])%k==0)
ans++;
}
}
cout << ans << endl;
return 0;
}
