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这是一个简单的生存游戏,你控制一个机器人从一个棋盘的起始点(1,1)走到棋盘的终点(n,m)。游戏的规则描述如下:
1.机器人一开始在棋盘的起始点并有起始点所标有的能量。
2.机器人只能向右或者向下走,并且每走一步消耗一单位能量。
3.机器人不能在原地停留。
4.当机器人选择了一条可行路径后,当他走到这条路径的终点时,他将只有终点所标记的能量。
如上图,机器人一开始在(1,1)点,并拥有4单位能量,蓝色方块表示他所能到达的点,如果他在这次路径选择中选择的终点是(2,4)
点,当他到达(2,4)点时将拥有1单位的能量,并开始下一次路径选择,直到到达(6,6)点。
我们的问题是机器人有多少种方式从起点走到终点。这可能是一个很大的数,输出的结果对10000取模。
解法:这道题题意不太清楚,但一旦读明白了就非常简单了,直接dp即可。
值得注意的是,这道题用记忆化搜索的速度甚至能超越用for循环的速度,因为有能量值的限制,有些点的dp值可能不需要求出来。
记忆化搜索:
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<string>
#include<queue>
#include<vector>
#include<stack>
#define FRER() freopen("i.txt","r",stdin)
#define FREW() freopen("o.txt","w",stdout)
using namespace std;
typedef long long LL;
const int N=100+5;
const int INF=0x3f3f3f3f;
const int mod=10000;
int a[N][N],d[N][N],n,m;
int dp(int x,int y)
{
if(~d[x][y])return d[x][y];
d[x][y]=0;
int p=a[x][y];
for(int i=0; x+i<=n; ++i)
for(int j=0; y+j<=m&&i+j<=p; ++j)
{
if(i||j)d[x][y]=(d[x][y]+dp(x+i,y+j))%mod;
}
return d[x][y];
}
int main()
{
//FRER();
int T;
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
memset(d,-1,sizeof d);
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1; i<=n; ++i)
for(int j=1; j<=m; ++j)
scanf("%d",&a[i][j]);
d[n][m]=1;
printf("%d\n",dp(1,1));
}
return 0;
}
四重for循环:
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<string>
#include<queue>
#include<vector>
#include<stack>
#define FRER() freopen("i.txt","r",stdin)
#define FREW() freopen("o.txt","w",stdout)
using namespace std;
typedef long long LL;
const int N=100+5;
const int INF=0x3f3f3f3f;
const int mod=10000;
int a[N][N],d[N][N],n,m;
int main()
{
//FRER();
int T;
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
memset(d,0,sizeof d);
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1; i<=n; ++i)
for(int j=1; j<=m; ++j)
scanf("%d",&a[i][j]);
d[n][m]=1;
for(int x=n; x>=1; --x)
for(int y=m; y>=1; --y)
{
if(x==n&&y==m)continue;
for(int i=0; x+i<=n; ++i)
for(int j=0; y+j<=m&&i+j<=a[x][y]; ++j)
if(i||j)d[x][y]=(d[x][y]+d[x+i][y+j])%mod;
}
printf("%d\n",d[1][1]);
}
return 0;
}