仰望星空的人，不应该被嘲笑
题目描述
在二维网格 grid 上，有 4 种类型的方格：
1 表示起始方格。且只有一个起始方格。
2 表示结束方格，且只有一个结束方格。
0 表示我们可以走过的空方格。
-1 表示我们无法跨越的障碍。
返回在四个方向（上、下、左、右）上行走时，从起始方格到结束方格的不同路径的数目。
每一个无障碍方格都要通过一次，但是一条路径中不能重复通过同一个方格。
示例 1：
输入：[[1,0,0,0],[0,0,0,0],[0,0,2,-1]]
输出：2
解释：我们有以下两条路径：
1. (0,0),(0,1),(0,2),(0,3),(1,3),(1,2),(1,1),(1,0),(2,0),(2,1),(2,2)
2. (0,0),(1,0),(2,0),(2,1),(1,1),(0,1),(0,2),(0,3),(1,3),(1,2),(2,2)
示例 2：
输入：[[1,0,0,0],[0,0,0,0],[0,0,0,2]]
输出：4
解释：我们有以下四条路径：
1. (0,0),(0,1),(0,2),(0,3),(1,3),(1,2),(1,1),(1,0),(2,0),(2,1),(2,2),(2,3)
2. (0,0),(0,1),(1,1),(1,0),(2,0),(2,1),(2,2),(1,2),(0,2),(0,3),(1,3),(2,3)
3. (0,0),(1,0),(2,0),(2,1),(2,2),(1,2),(1,1),(0,1),(0,2),(0,3),(1,3),(2,3)
4. (0,0),(1,0),(2,0),(2,1),(1,1),(0,1),(0,2),(0,3),(1,3),(1,2),(2,2),(2,3)
示例 3：
输入：[[0,1],[2,0]]
输出：0
解释：
没有一条路能完全穿过每一个空的方格一次。
请注意，起始和结束方格可以位于网格中的任意位置。
提示：
1 <= grid.length * grid[0].length <= 20
来源：力扣（LeetCode）
链接：https://leetcode-cn.com/problems/unique-paths-iii
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解题思路
回溯算法，不过这道题需要我们走完所有空格，所以我们起初遍历的时候需要统计一下空格的数目，然后还有一个注意点就是重点也算是可走的路径的一个点，也需要统计进去，所以代码 cnt 值 初始化为 1
接下来就是回溯过程了，写了一个 check 函数，进行简单判断剪枝，然后就是往四个方向搜，每走一个格子就将当前格子设置为障碍（即 -1），然后搜索完后，回溯时，需要将障碍重设置为空格。
/**
* @param {number[][]} grid
* @return {number}
*/
var uniquePathsIII = function(grid) {
let cnt = 1 // 统计地图中可走的方格个数，包括终点，故初始值为1
let sx,sy // 记录起点坐标
for(let i=0;i<grid.length;i++){
for(let j=0;j<grid[0].length;j++){
if(grid[i][j] === 1){
sx = i
sy = j
}
else if(grid[i][j] === 0){
cnt++
}
}
}
return dfs(sx,sy,cnt,grid)
};
// 剪枝条件
let check = (sx,sy,grid) => {
if(sx<0 || sx>=grid.length || sy<0 || sy>=grid[0].length || grid[sx][sy] == -1) return false
return true
}
let dfs = (sx,sy,cnt,grid) => {
if(!check(sx,sy,grid)) return 0
if(grid[sx][sy] === 2){
// 走到终点时，也要判断一下当前所有空格是否走完
return cnt === 0 ? 1:0
}
let res = 0
grid[sx][sy] = -1 //走过的空格进行标记，设置为障碍即可
res += dfs(sx+1,sy,cnt-1,grid) // 四个方向进行搜索
res += dfs(sx,sy+1,cnt-1,grid)
res += dfs(sx-1,sy,cnt-1,grid)
res += dfs(sx,sy-1,cnt-1,grid)
grid[sx][sy] = 0 // 回溯过程，不影响后续dfs
return res
}
最后
文章产出不易，还望各位小伙伴们支持一波！
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