问题描述
w星球的一个种植园,被分成 m * n 个小格子(东西方向m行,南北方向n列)。每个格子里种了一株合根植物。
这种植物有个特点,它的根可能会沿着南北或东西方向伸展,从而与另一个格子的植物合成为一体。
如果我们告诉你哪些小格子间出现了连根现象,你能说出这个园中一共有多少株合根植物吗?
输入格式
第一行,两个整数m,n,用空格分开,表示格子的行数、列数(1<m,n<1000)。
接下来一行,一个整数k,表示下面还有k行数据(0<k<100000)
接下来k行,第行两个整数a,b,表示编号为a的小格子和编号为b的小格子合根了。
格子的编号一行一行,从上到下,从左到右编号。
比如:5 * 4 的小格子,编号:
1 2 3 4
5 6 7 8
9 10 11 12
13 14 15 16
17 18 19 20
样例输入
5 4
16
2 3
1 5
5 9
4 8
7 8
9 10
10 11
11 12
10 14
12 16
14 18
17 18
15 19
19 20
9 13
13 17
样例输出
5
这题一开始我以为是跟岛屿问题差不多,就是查看连通的有多少个,而且对于格子中的每一个编号,他们最多就只有4个与之连通(上下左右),最少就是单独一个,那么我就可以设置一个二维数组link[count][4],其中count是编号总数,例题中就有20个编号,4代表上下左右与之相连的编号(如果没有与之相连的话就是初始值为0)
就如例题中编号为10的格子,通过图可以看出10与之相连的有9,14,11.那么对应的二维数组就是link[10][0]=9,link[10][1]=14,link[10][2]=11,link[10][3]=0
在这里我是使用了广度优先搜索,每次取出)需要一个编号来加入到队列中,并以该编号作为根节点进行bfs,就比如将编号1加入到队列中,编号1下面的字结点可以通过二维数组link获取,每次将获取的子节点再加入到队列中,直到队列为空,说明该部分的所有连通的植物都搜索了一遍了,此时合根植物数加一表示找到一条可连通的。(ps:bfs求出来的数量是至少有2个以上连根的数量,单独一个植物的我单独处理了)
具体见代码
import java.util.*;
public class Main {
static int row;//行
static int column;//列
static boolean[] isVisited ;
static int[][] link;
static TreeSet<Integer> set;
public static void main(String[] args) {
Scanner scan = new Scanner(System.in);
row = scan.nextInt();//行
column = scan.nextInt();//列
int k = scan.nextInt();
//表示第i个小格子有几个连根(最多4个即上下左右)
link = new int[row*column+1][4];
//当前位置是否已访问
isVisited = new boolean[row*column+1];
//存放具有两个以上的两个的坐标
set = new TreeSet<Integer>();
int a,b;
for (int i=0;i<k;i++){
a = scan.nextInt();
b = scan.nextInt();
//每次将两连通的a,b加入到set中
//不包含在set中的编号就代表植物没有跟其他植物有连根
set.add(a);
set.add(b);
init_link(b,a);
init_link(a,b);
}
//先求出单独的植物的数量
int only_one = column*row-set.size();
LinkedList<Integer> list = new LinkedList<Integer>();
int count =0;
while (set.size()>0){
//已该点作为根节点弹出并加入到队列中
list.add(set.pollFirst());
//进行广度优先遍历
while (list.size()>0){
int index = list.poll();
//并将该点设置为已访问
isVisited[index]=true;
set.remove(index);
add_list(list,index);
}
list.clear();
count++;
}
System.out.println(count + only_one);
}
/**
* 获取编号为start的格子与之相连的格子编号,加入到队列中
* @param list
* @param start
*/
private static void add_list(LinkedList<Integer> list, int start) {
for (int i=0;i<4;i++){
if (link[start][i]!=0&&!isVisited[link[start][i]]){
//该编号的格子有与编号start相连并且该编号的位置未访问
list.add(link[start][i]);
}
}
}
/**
* 设置对应格子上下左右的编号(如果有相连的话)
* @param a 当前格子编号
* @param b 与之相连的子格子编号
*/
private static void init_link(int a, int b) {
for (int i=0;i<4;i++){
if (link[a][i]==0){
link[a][i]=b;
break;
}
}
}
}
测试结果却只通过了最后两个(⊙o⊙)…
对于用dfs来进行求解,我感觉是思路应该也是对的啊,但测试数据就是不能全通过ε=(´ο`*))),如果哪位大佬指定我代码哪里有问题,希望可以指出来
那么言归正传,其实这题用并查集是最好解决的,对应并查集,其实思路都是差不多的,换汤不换药。
如果是第一次接触并查集,建议先看一下相关的解释,这是我认为对于并查集讲得最通俗易懂的解释:并查集通俗讲解
直接上代码
import java.util.*;
public class PREV54_01 {
static int[] pre;
static int[] root;
public static void main(String[] args) {
Scanner scan = new Scanner(System.in);
int m = scan.nextInt();//m行
int n = scan.nextInt();//n列
int k = scan.nextInt();
pre = new int[m*n+1];
root = new int[m*n+1];
//初始化,即最开始根节点都是自己本身
init_pre();
for (int i=0;i<k;i++){
int a = scan.nextInt();
int b = scan.nextInt();
//将编号a和编号b所在的连通分支连接起来
join(a,b);
}
//set集合存储各连通分支的根节点
TreeSet<Integer> set = new TreeSet<Integer>();
for (int i=1;i<=m*n;i++){
//一一遍历每个格子,将每个格子的根节点加入到set集合中
set.add(find(i));
}
System.out.println(set.size());
}
private static void join(int a, int b) {
int a_root = find(a);//找到编号为a的根节点
int b_root = find(b);//找到编号为b的根节点
if (a_root!=b_root){
pre[a_root]=b_root;
}
}
//查找编号为a的根节点
private static int find(int x) {
int p = x;
while (x!=pre[x]){
//寻找根节点
x = pre[x];
}
int temp;
//路径压缩即把原来的x(现在的p,因为x被修改了)节点到根节
//点的间的所有点的前节点改为现在的根节点,从而降低树的高度。
while (p!=x){
temp = pre[p];
pre[p] = x;
p = temp;
}
return x;
}
private static void init_pre() {
for (int i=1;i<pre.length;i++){
pre[i]=i;
}
}
}