题目大意:
个点,每个点有二个关键字
。
个询问,每个询问给出一组
。
在所有满足
的点去掉
最小的一个点,有多个只去掉其中一个,然后任选
个,将对应
相乘,累加乘积,不同顺序为不同的选择方案,问所有方案数的对应乘积的和对
取模以后的结果是多少,如果点数不足
个则回答
。
分析:
这题对
选手貌似很不友好,因为
没有
,要用常数比较大的
还要取模一下,所以貌似很容易
呢
这题要怎么做的,貌似有人直接对
下手,暴力手推容斥,还有人莫队水过
我打的是线段树的做法,
将
个点按
为第一关键字升序排列,设升序序列为
,对应
也要注意跟着换位置
对于一个询问限制
以及选择个数
,
我们求出最大的满足限制
的在
中的区间
,
这个可以用二分,
,
求出,
那么我们可以用线段树去
的求出区间的最小值
,以及对应位置
接着我们对线段树的每个节点都建一个
,表示在其所控制的区间中按顺序依次选了
个数的方案总数的对应乘积的和是多少。
然后假如左区间依次选了
个数的方案对应的乘积有
,
右区间依次选了
个数的方案对应的乘积有
,
这
个
是在不同的节点中,即
和
中,
然后他们对
中的
的贡献,
就是
,前者在
中,后者在
中
,前者在
中,后者在
中
等价于
即
那么一个区间内的
就可以在
的时间内得到,
建这颗线段树就是
的
然后我们一开始是得到了最小值的位置
那么我们就可以
的知道
和
的
情况,
然后将这两者结合一下,
得到的
就是区间
除去最小的
以后依次选
个数的方案对应的乘积的和。
然后因为题目中规定顺序不同为不同的方案数,
所以一个长度为
的方案可以通过不同的排列进而有
种方案,
所以答案为
代码:
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <queue>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#define lson(x) x * 2
#define rson(x) x * 2 + 1
#define N 100005
using namespace std;
typedef unsigned int usg;
const usg inf = 0x3f3f3f3f;
struct Node { usg total[7], minnum, minpos; }C[N*5], Answer;
struct Oier { usg d, v; }a[N];
usg b[N], n, Q, minnumpos;
void read(usg &x)
{
usg f = 1; x = 0; char s = getchar();
while (s < '0' || s > '9') { if (s == '-') f = - 1; s = getchar(); }
while (s >= '0' && s <= '9') { x = x * 10 + (s - '0'); s = getchar(); }
x = x * f;
}
bool cmp(Oier aa, Oier bb)
{
return aa.d < bb.d;
}
Node Update(Node x, Node y)
{
Node z;
for (usg i = 1; i <= 6; i++) z.total[i] = x.total[i] + y.total[i];
for (usg i = 1; i <= 6; i++)
for (usg j = 1; j < i; j++)
z.total[i] += x.total[j] * y.total[i - j];
return z;
}
void Build(usg x, usg l, usg r)
{
for (usg i = 1; i <= 6; i++) C[x].total[i] = 0;
if (l == r)
{
C[x].total[1] = a[l].v;
C[x].minnum = a[l].v;
C[x].minpos = l;
return;
}
usg mid = (l + r) >> 1;
Build(lson(x), l, mid);
Build(rson(x), mid + 1, r);
C[x] = Update(C[lson(x)], C[rson(x)]);
C[x].minnum = min(C[lson(x)].minnum, C[rson(x)].minnum);
if (C[x].minnum == C[lson(x)].minnum) C[x].minpos = C[lson(x)].minpos; else C[x].minpos = C[rson(x)].minpos;
}
void Get_minpos(usg x, usg l, usg r, usg L, usg R)
{
if (L > R) return;
if (L <= l && r <= R)
{
if (a[minnumpos].v > C[x].minnum) minnumpos = C[x].minpos;
return;
}
int mid = (l + r) >> 1;
if (L <= mid) Get_minpos(lson(x), l, mid, L, R);
if (mid + 1 <= R) Get_minpos(rson(x), mid + 1, r, L, R);
}
void Query(usg x, usg l, usg r, usg L, usg R)
{
if (L > R) return;
if (L <= l && r <= R)
{
Answer = Update(Answer, C[x]);
return;
}
int mid = (l + r) >> 1;
if (L <= mid) Query(lson(x), l, mid, L, R);
if (mid + 1 <= R) Query(rson(x), mid + 1, r, L, R);
}
void Work(usg num1, usg num2, usg k)
{
usg L = lower_bound(b, b + n + 1, num1) - b;
usg R = upper_bound(b, b + n + 1, num2) - b - 1;
if (L > R || R - L < k) { printf("0\n"); return; }
minnumpos = 0;
Get_minpos(1, 1, n, L, R);
for (usg i = 1; i <= 6; i++) Answer.total[i] = 0;
Query(1, 1, n, L, minnumpos - 1);
Query(1, 1, n, minnumpos + 1, R);
for (usg i = 1; i <= k; i++) Answer.total[k] *= i;
printf("%u\n", Answer.total[k]);
}
int main()
{
read(n); read(Q);
for (usg i = 1; i <= n; i++) read(a[i].d);
for (usg i = 1; i <= n; i++) read(a[i].v);
sort(a + 1, a + n + 1, cmp);
for (usg i = 1; i <= n; i++) b[i] = a[i].d;
a[0].v = inf;
Build(1, 1, n);
while (Q--)
{
usg L, R, k;
read(L); read(R); read(k);
Work(L, R, k);
}
}