Codeforces 111 C
题意：给\(n\times m\)的网格，每个点上有一个蜘蛛，每个蜘蛛可以向上、下、左、右走一步或者不动，问最多能存在多少没有蜘蛛的点。
思路1：
首先因为\(n\)和\(m\)中小的那个不可能超过\(6\)，所以钦定\(m < n\)（因为如果\(n\)和\(m\)互换不影响答案）。
然后就可以考虑状压\(dp\)了。
首先我们看\((x,y)\)这个点上面可爱的小蜘蛛的去向。它可能会往上走，到\((x-1,y)\)；也可能向下走，到\((x+1,y)\)；也可能向左右走；所以就会发现在不断向下一个点移动的过程中，对于\((x,y)\)有影响的是从\((x-1,y)\)到\((x+1,y)\)的\(2\times m+1\)个点。所以\(dp\)状态和转移方程都可以求出辣：\(dp(x,y,mask)\)表示到了\((x,y)\)这个点，\(mask\)表示从\((x-1,y)\)到\((x+1,y)\)的点是否是蜘蛛集合点。
转移方程和\((x,y)\)上的蜘蛛往哪个方向去走有关，或者它停在原地，它去的那个点必须是蜘蛛集合点，如果原来不是，那么答案必须加1。然后转移到下一个点即可。
思路2：
首先还是钦定\(m < n\)。
然后还是考虑状压\(dp\)，其状态为\(dp(x,mask)\)。表示第\(x\)行时的状态。
这里\(mask\)保存的是当前行和上一行的所有的蜘蛛是否已经有地方去，然后转移的时候用\(dfs\)枚举一行中哪些点作为集合点（这里需要枚举所有集合点的集合），同时将其四周的点的状态赋为有地方去，然后让当前行的上一行不要有没地方去的点，继续考虑下一行的\(dp\)。
思路3：
钦定\(m < n\)，考虑状压\(dp\)，其状态为\(dp(x,mask)\)。
这里\(mask\)保存的是当前行与上一行的集合点集，\(dp\)的值是考虑最多的空闲点的个数。
转移的时候枚举这一行新的集合点集以及下一行的集合点集，然后判断是否有当前行原来是集合点而现在不是的，有没有当前行没地方去的点，如果都没有就可以进入下一行的\(dp\)。
总结：
这3种思路较快的是思路1、2，然后较慢的是思路3，因为思路1的时间复杂度是\(O(n\times m\times 2^{2\times m+1})\)，思路2的复杂度是\(O(n\times2^{3\times m})\)，思路3的复杂度是\(O(n\times2^{4\times m})\)。
由此可见，状压\(dp\)的状态选择方面，对于复杂度是有非常大的影响的。
2019.03.03补充：
思路：我们考虑状压\(dp\)。\(dp(i,mask0,mask1)\)表示现在我们到了第\(i\)行，第\(i-1\)行的点中\(mask0\)内的的都被十字覆盖过了，第\(i\)行的点中\(mask1\)内的点都被十字覆盖过了，最少的十字数量。
现在枚举以第\(i\)行为中心的十字有哪些，存在\(mask2\)中。然后必须的是第\(i\)行的十字必须将\(mask0\)中可能有的一些空缺填满，然后并且会将\(mask1\)中的\(mask2\)中的点及其左右的点覆盖。这里可以用一种很简单的方式来表示\(mask2\)中的点及其左右：\(mask2|mask2<<1|mask2>>1\)。
然后转移一下就很简单了。