这两天玩的有点多。。。博客总结，鸽了好多。打比赛状态也差~
先补个5的题解思路，晚点再补6.
A.模板
第一眼有点像编辑距离，但实际上编辑距离的dp似乎是对可以在任意位置修改的替换插入删除。
然后深入想下，对于两个字符串前面部分的不同，你只能够通过替换去消去这个位置的差异，因为这里的插入和删除只针对尾部，然后遍历一遍，不同数加尾部的差值即可。
B.牛牛战队的比赛地
我也不知道哪来的绿色？三分答案的横坐标，或者二分答案。最大距离最小，经典二分题。
我写的二分。
对于一个给点的答案的距离，对每个点我们可以做个圆，求出与x轴交点，不断check更新这个x轴交点的l，r，最后一遍下来如果仍然满足，则这个答案是符合，然后往更小的即可。
由于是浮点数，判定结束条件和l，r增减的时候都用eps，整体复杂度还是差不多的吧。
C.C语言IDE
大模拟，比赛居然还尝试写了，真的白费时间，赛后没补，哪天闲的蛋疼再来。
D.牛牛与牛妹的约会
我写的代码还特判两个同号还是异号的情况，好像不用也可。注意 k的立方根只能使的往靠0走更优，不能向外走更优。
就比较当前这步是否 花1s走到当前位置的立方根，所缩小的和目标之间的距离与直接走1s是否更优。是就走，不是，说明往后再走，开k立方根没用了，直接加上与目标点距离即可。
注意pow的底数不能是负数？特判搞一下即可。
博弈啊，就硬玩，发现当前轮到奇数状态必赢，取1就可。对于偶数的，就不能把奇数状态转移给别人，所以得拿偶数，然后这个偶数一旦存在奇数的因子，那么可以把这个偶数分成奇数份偶数，然后这样也是赢的。发现只有纯2的幂次才有。
然后我用__builtin_popcount==1，就WA了，为啥，因为，这个是int范围的，要用__builtin_popcountll==1，学到了...
然后还可以n&(n-1)==0 也是判2的幂次的trick
F.碎碎念
dp递推计数的题。。。我一直在想组合数的做法，还搞出来个公式 C(n+k-1,k-1),实际上复杂度爆炸。
注意到每个长度序列都是由前面一些组合RJ和ac的序列形成的，数这样的组合，可以递推统计。主要是思维吧，想不太到。想到dp计数我估计就能做。
1 #include <bits/stdc++.h> 2 #ifndef ONLINE_JUDGE 3 #define debug(x) cout << #x << ": " << x << endl 4 #else 5 #define debug(x) 6 #endif 7 using namespace std; 8 typedef long long ll; 9 const int maxn=2e5+7; 10 const int inf=0x3f3f3f3f; 11 const int mod=1e9+7; 12 13 ll dp[maxn][2]; 14 ll sum[maxn]; 15 int main() 16 { 17 ios::sync_with_stdio(false); 18 cin.tie(0); 19 int x; 20 cin>>x; 21 dp[0][0]=1; 22 int mx=1e5; 23 for(int i=1;i<=mx;++i) 24 { 25 dp[i][0]=(dp[i-1][1]+dp[i-1][0])%mod; 26 if(i>=x) dp[i][1]=dp[i-x][0]; 27 } 28 for(int i=1;i<=mx;++i) 29 sum[i]=(sum[i-1]+dp[i][0]+dp[i][1])%mod; 30 int q; 31 cin>>q; 32 while(q--) 33 { 34 int l,r; 35 cin>>l>>r; 36 ll res=sum[r]-sum[l-1]; 37 res=((res)%mod+mod)%mod; 38 cout<<res<<'\n'; 39 } 40 return 0; 41 }
G.街机争霸
bfs多一维带时间，感觉这方面还是挺弱的。僵尸的位置状态最多就1->k,k>-1，算上前进的方向，最多就2*(k-1)个状态，整个的僵尸移动就是时间对%2*(k-1)取模。mod=2*（k-1）
然后就按僵尸移动位置方向预处理僵尸每个时间会出现的位置，再防止重复开个vis[x][y][t%mod]。然后跟普通的迷宫bfs一样了。
然后我这里地图数组mp必须得写在一个，涉及到数组内存分配问题？不然就段错误好难受啊。
1 #include<bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 char mp[505][505]; 4 bool cor[505][505][30]; 5 bool vis[505][505][30]; 6 int dx[4]={-1,1,0,0}; 7 int dy[4]={0,0,-1,1}; 8 9 int mod; 10 int n,m,p,k,sx,sy; 11 struct node 12 { 13 int x,y,t; 14 }; 15 queue<node>q; 16 17 bool ok(int x,int y,int t) 18 { 19 return !cor[x][y][t%mod] && !vis[x][y][t%mod] && x>=0 && x<n && y>=0 && y<m && mp[x][y]!='&'; 20 } 21 22 void bfs() 23 { 24 q.push({sx,sy,0}); 25 vis[sx][sy][0]=1; 26 while(!q.empty()) 27 { 28 node cur=q.front();q.pop(); 29 if(mp[cur.x][cur.y]=='A') 30 { 31 cout<<cur.t<<endl; 32 return; 33 } 34 for(int i=0;i<4;++i) 35 { 36 int nx=cur.x+dx[i],ny=cur.y+dy[i],nt=cur.t+1; 37 if(ok(nx,ny,nt)) 38 { 39 vis[nx][ny][nt%mod]=1; 40 q.push({nx,ny,nt}); 41 } 42 } 43 } 44 cout<<"Oh no"<<endl; 45 return ; 46 } 47 int main() 48 { 49 cin>>n>>m>>p>>k; 50 mod=(k-1)*2; 51 for(int i=0;i<n;++i) 52 { 53 cin>>mp[i]; 54 for(int j=0;j<m;++j) 55 if(mp[i][j]=='L') 56 sx=i,sy=j; 57 } 58 while(p--) 59 { 60 int x,y; 61 char op[10]; 62 cin>>x>>y>>op; 63 x--;y--; 64 cor[x][y][0]=1; 65 int dir; 66 if(op[0]=='U') dir=0; 67 if(op[0]=='D') dir=1; 68 if(op[0]=='L') dir=2; 69 if(op[0]=='R') dir=3; 70 for(int i=1; i<k; i++) 71 { 72 x+=dx[dir];y+=dy[dir]; 73 cor[x][y][i]=cor[x][y][mod-i]=1; 74 } 75 } 76 bfs(); 77 return 0; 78 }
H.Hash
看了几眼，发现26进制搞一下即可，莫名其妙的多组数据WA了我2发。算法竞赛不需要视力。
就转化为26进制在加个mod，保证是最小，在转化回来即可。
I.I题是个签到题
J.牛牛战队的秀场
推下式子就能过了应该。