有这样一个公式:
\[n^k=\sum\limits_{i=1}^k \begin{Bmatrix} k \\i \end{Bmatrix}*i!*\binom{n}{i}\]
其中\(\begin{Bmatrix} k \\i \end{Bmatrix}\) 表示第二类斯特林数,\(\binom{n}{i}\)表示组合数
和这题联系起来,可以发现\(dis_{u,w}=dis_{son,w}+1\),其中\(的子树w\in son的子树\)。于是可以根据组合数的递推式\(\binom{n}{i}=\binom{n-1}{i}+\binom{n-1}{i-1}\)去从下往上预处理\(\sum \binom{dis_{u,w}}{i}\)
子树外的点也可以从下往上按那个递推式处理,不过计算贡献时记得减掉既属于\(u\)又属于\(w\)的贡献
代码:
#include <bits/stdc++.h>
#define N 50010
#define K 505
#define mod 10007
using namespace std;
int F[N][K],S[K][K],tmp[K],n,k,head[N],cnt,fac[N];
struct ed{
int v,nxt;
}e[N<<1];
void add(int u,int v){
e[++cnt]=(ed){v,head[u]},head[u]=cnt;
e[++cnt]=(ed){u,head[v]},head[v]=cnt;
}
void dfs1(int x,int fa){
F[x][0]=1;
for(int i=1;i<=k;++i) F[x][i]=0;
for(int i=head[x];i;i=e[i].nxt){
if(e[i].v^fa){
dfs1(e[i].v,x);
(F[x][0]+=F[e[i].v][0])%=mod;
for(int j=1;j<=k;++j)
(F[x][j]+=(F[e[i].v][j]+F[e[i].v][j-1])%mod)%=mod;
}
}
}
void dfs2(int x,int fa){
F[x][0]=n;
for(int i=head[x];i;i=e[i].nxt){
int v=e[i].v;
if(v!=fa){
for(int j=k;j>=1;--j){
int _1=((F[x][j]-F[v][j]+mod)%mod-F[v][j-1]+mod)%mod;
int _2=((F[x][j-1]-F[v][j-1]+mod)%mod-(j>1?F[v][j-2]:0)+mod)%mod;
(F[v][j]+=(_1+_2)%mod)%=mod;
}
dfs2(v,x);
}
}
}
void init(){
int i,j;fac[0]=S[0][0]=1;
for(i=1;i<=500;++i){
S[i][1]=1;fac[i]=1ll*fac[i-1]*i%mod;
for(j=2;j<=i;++j)
S[i][j]=(S[i-1][j-1]+1ll*S[i-1][j]*j%mod)%mod;
}
}
void solve(){
int a,b,ans=0,i,j;
scanf("%d%d",&n,&k);
for(i=1;i<n;++i){
scanf("%d%d",&a,&b);
add(a,b);
}
dfs1(1,0);
dfs2(1,0);
for(i=1;i<=n;++i){
ans=0;
for(j=0;j<=k;++j)
(ans+=(1ll*S[k][j]*fac[j]%mod*F[i][j]%mod)%mod)%=mod;
printf("%d\n",ans);
}
for(i=1;i<=n;++i) head[i]=0;
cnt=0;
}
int main(){
init();
int T;scanf("%d",&T);
while(T--) solve();
}