描述
假设有n个人要上网，却只有1台电脑可以上网。上网的时间是从1 szw 至 T szw ，szw是sxc,zsx,wl自创的时间单位，至于 szw怎么换算成s,min或h，没有人清楚。依次给出每个人在某个时间段内上网的快乐程度C（必须这个人在整个时间段内都在上网，才能获得快乐程度C，否则，快乐程度是0），请你得到使总的快乐程度达到最大的方案。
输入
第1行2个整数 n和T，含义如题目所述；
接下来有n个这样的结构（每两个相邻的结构之间有一空行，且第1个结构和第一行间有一空行）：
第1行一个整数Mi，表示第i个人的时间段的个数；
接下来有Mi行，每行3个整数Xj,Yj,C，表示第i个人在[Xj，Yj]内上网的快乐程度为C，
因此有Xj-Yj-1=1，X1=1，Ymi=T，Xj<=Yj。
输出
仅输出一行，为总的最大的快乐程度。
输入样例 1
3 10 3 1 3 6 4 7 9 8 10 3 3 1 3 5 4 7 10 8 10 1 4 1 3 2 4 8 2 9 9 6 10 10 3
输出样例 1
25
提示
【样例说明】
在[1，3]内，安排1上网，快乐程度为6；
在[4，7]内，安排2上网，快乐程度为10；
在[8，8]内，不安排；
在[9，9]内，安排3上网，快乐程度为6；
在[10，10]内，安排3上网，快乐程度为3；
这是使总的快乐程度达到最大的方案，对应的值是25。
【数据范围】
对于30%的数据，n<=4，所有的Mi<=5，T<=20；
对于60%的数据，n<=100，所有的Mi<=100，T<=2000；
对于100%的数据，n<=500，所有的Mi<=500，T<=500000，所有的0<C<=10^9，并保证最终解Max<=10^9。
以结束时间来dp即可 和背包没什么两样
注意其中的一个细节 因为这个wa了一次
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; //input by bxd #define rep(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++) #define repp(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);i--) #define RI(n) scanf("%d",&(n)) #define RII(n,m) scanf("%d%d",&n,&m) #define RIII(n,m,k) scanf("%d%d%d",&n,&m,&k) #define RS(s) scanf("%s",s); #define LL long long #define pb push_back #define fi first #define REP(i,N) for(int i=0;i<(N);i++) #define CLR(A,v) memset(A,v,sizeof A) /////////////////////////////////// #define inf 0x3f3f3f3f #define N 1000+50 struct node { int s,e,v; }s[500000+5]; vector<int>tim[500000+5]; long long dp[500000+5]; int main() { int n,T; RII(n,T); int cnt=0; rep(i,1,n) { int q; RI(q); while(q--) { int a,b,c; RIII(a,b,c); if(b>T)continue; s[++cnt].s=a; s[cnt].e=b; s[cnt].v=c; tim[b].pb(cnt); } } rep(i,1,T) { dp[i]=dp[i-1]; if(tim[i].size() ) rep(j,0,tim[i].size()-1) { int u=tim[i][j]; dp[i]=max(dp[i],dp[i-(s[u].e-s[u].s+1)]+s[u].v );//注意这里一定要加一 举个起点和终点相等的例子即可 } } cout<<dp[T]; return 0; }