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本文是【常用算法思路分析系列】的第五篇，总结二分搜索相关的高频题目和解题思路。本文分析如下几个问题：1、求数组局部最小值问题；2、元素最左出现的位置；3、循环有序数组求最小值；4、最左原位；5、完全二叉树计算结点数；6、快速N次方。
本系列前四篇导航：
【常用算法思路分析系列】排序高频题集
【常用算法思路分析系列】字符串高频题集
二分搜索的重要提醒：
一般我们选择中点进行搜索，会写成mid = (left + right) / 2;但是当数据很大的时候，下标(left + right)就可能出现
溢出的情况，此时，
更安全的一种写法是：mid = left + (right - left) / 2;
1、求数组局部最小值位置
定义局部最小的概念。arr长度为1时，arr[0]是局部最小。arr的长度为N(N>1)时，如果arr[0]<arr[1]，那么arr[0]是局部最小；如果arr[N-1]<arr[N-2]，那么arr[N-1]是局部最小；如果0<i<N-1，既有arr[i]<arr[i-1]又有arr[i]<arr[i+1]，那么arr[i]是局部最小。 给定
无序数组arr，已知arr中任意两个相邻的数都不相等，写一个函数，只需返回arr中任意一个局部最小出现的位置即可。
思路：
解题思路其实就是根据局部最小的定义来求解。首先，拿到一个数组后，考虑两端的情况，初始端arr[0] < arr[1] ? ，如果arr[0] < arr[1]则直接返回0；考察末尾段arr[N-1] < arr[N-2] ? ，如果arr[N-1] < arr[N-2]，则返回N-1；如果arr[0] > arr[1],则从0位置往后（右）看，数组是递减的，如果arr[N-1] > arr[N-2]，则从N-1处往前（左）看，数组也是递减的，说明符合条件的中中间位置，则考察中间位置mid = (left + right) / 2; 类似二分搜索的划分。如下：
public int getLessIndex(int[] arr) {
if(arr == null || arr.length == 0){
return -1;
}
if(arr.length == 1 || arr[0] < arr[1]){
return 0;
}
if (arr[arr.length - 1] < arr[arr.length - 2]) {
return arr.length - 1;
}
int left = 1;
int right = arr.length - 2;
int mid = 0;
while(left < right){
mid = (left + right) / 2;
if(arr[mid] > arr[mid - 1]){
right = mid - 1;
}else if(arr[mid] > arr[mid + 1]){
left = mid + 1;
}else{
return mid;
}
}
return left;
}
或者使用递归的写法，如下：
public int getLessIndex(int[] arr) {
if(arr == null || arr.length == 0){
return -1;
}
if(arr.length == 1){
return 0;
}
return getLess(arr, 0, arr.length - 1);
}
private int getLess(int[] arr, int left, int right) {
if(left == right){
return left;
}
if(arr[left] < arr[left + 1]){
return left;
}
if(arr[right] < arr[right - 1]){
return right;
}
int mid = (left + right) / 2;
if(arr[mid] < arr[mid - 1] && arr[mid] < arr[mid + 1]){
return mid;
}
if(arr[mid] > arr[mid - 1]){
return getLess(arr, left + 1, mid - 1);
}else if(arr[mid] > arr[mid + 1]){
return getLess(arr, mid + 1, right - 1);
}
return left;
}
时间复杂度为O(logN)。
上面这个例子说明，二分搜索并不一定只在数组有序的时候才可以用，只要我们在查找的时候发现，可以留下一半，淘汰另一半，就可以使用二分搜索。
2、元素最左出现的位置
对于一个有序数组arr，再给定一个整数num，请在arr中找到num这个数出现的最左边的位置。
给定一个数组arr及它的大小n，同时给定num。请返回所求位置。若该元素在数组中未出现，请返回-1。
思路：
由于数组有序，考虑用二分搜索法快速定位到数组中值为num位置处，找到后num后，因为数组有序递增，在num左边继续遍历，找到最左边的num位置，如下：
public int findPos(int[] arr, int n, int num) {
if(arr == null || arr.length == 1){
return -1;
}
int res = -1;
int left = 0;
int right = arr.length - 1;
int mid = 0;
while(left <= right){
mid = (left + right) / 2;
if(arr[mid] > num){
right = mid - 1;
}else if(arr[mid] < num){
left = mid + 1;
}else {//arr[mid] == num
res = mid;
//因为需要寻找最左边的，而数组也是有序的，因此，还需要往mid左边寻找最左的一个num值位置
right = mid -1;
}
}
return res;
}3、循环有序数组求最小值
对于一个有序循环数组arr，返回arr中的最小值。
有序循环数组是指，有序数组左边任意长度的部分放到右边去，右边的部分拿到左边来。比如数组[1,2,3,3,4]，是有序循环数组，[4,1,2,3,3]也是
。
给定数组arr及它的大小n，请返回最小值。
测试样例：
[4,1,2,3,3],5
返回：1
思路：
（1）首先设置好下标，left=0，right=arr.length-1，如果arr[left] < arr[right]，由于数组有序，则arr[left]即为最小值，此时数组没有循环；
（2）当arr[left] >= arr[right]时，即数组为循环状态，开始二分搜索，找到中间位置mid = (left + right) / 2;如果arr[left] > arr[mid]，说明最小值一定在mid左半部分；
（3）如果arr[mid] > arr[right]，说明最小值一定出现在mid右半部分，否则，arr[left] <=arr[mid]，arr[mid] <= arr[right]，又arr[left] >= arr[right]，由三个条件==> arr[left] == arr[right] == arr[mid]。
此时，需要用遍历的方式在left-->right的区间寻找最小值。（或者说，因为arr[left] == arr[right] == arr[mid]，说明在[left,mid]区间内，必定有最小值，再在这个区间遍历搜索）
public static int getMin(int[] arr, int n) {
if(arr == null || arr.length == 0){
return -1;
}
if(arr.length == 1){
return arr[0];
}
int left = 0;
int right = arr.length - 1;
int mid = 0;
//下面是arr[left] >= arr[right]的情形，即数组为循环状态
while(left < right){
if (left == right - 1) {
break;
}
if(arr[left] < arr[right]){
return arr[left];
}
mid = (left + right) / 2;
if(arr[left] > arr[mid]){//最小值一定在mid左半部分
right = mid;
continue;
}else if(arr[mid] > arr[right]){//最小值一定出现在mid右半部分
left = mid;
continue;
}else{
//这种情况下，arr[left] <=arr[mid]，arr[mid] <= arr[right]，又arr[left] >= arr[right]，由三个条件==> arr[left] == arr[right] == arr[mid]
//此时，需要用遍历的方式在left-->right的区间寻找最小值
// int min = arr[left];
// for(int i = left; i <= right; i++){
// if(arr[i] < min){
// min = arr[i];
// }
// }
// return min;
while(left < mid){
if (arr[left] == arr[mid]) {
left++;
} else if (arr[left] < arr[mid]) {
return arr[left];
} else {
right = mid;
break;
}
}
}
}
return Math.min(arr[left], arr[right]);
}4、最左原位
有一个有序数组arr，其中不含有重复元素，请找到满足arr[i]==i条件的最左的位置。如果所有位置上的数都不满足条件，返回-1。
给定有序数组arr及它的大小n，请返回所求值。
测试样例：
[-1,0,2,3],4
返回：2
思路：
（1）先考察数组的两端，开始端如果arr[left] > n-1;或者，末端arr[right] < 0;则直接返回-1；
（2）再通过二分搜索思想，mid = (left + right) / 2;比较arr[mid]和mid的值：
当arr[mid]>mid时，arr[i] = i的值只可能在mid左边；
当arr[mid]<mid时，arr[i] = i的值只可能在mid右边；
当arr[mid]==mid时，继续寻找最左边arr[i] = i的值；
代码如下：
public int findPos(int[] arr, int n, int num) {
if(arr == null || n == 0){
return -1;
}
int left = 0;
int right = arr.length - 1;
if(arr[left] > n - 1 || arr[right] < 0){
return -1;
}
int mid = 0;
int res = -1;
while(left <= right){
if (arr[left] > left || arr[right] < right) {
break;
}
mid = (left + right) / 2;
if(arr[mid] > mid){
right = mid - 1;
}else if(arr[mid] < mid){
left = mid + 1;
}else{
res = mid;
right = mid - 1;
}
}
return res;
}5、完全二叉树计数
给定一棵完全二叉树的根节点root，返回这棵树的节点个数。如果完全二叉树的节点数为N，请实现时间复杂度低于O(N)的解法。
给定树的根结点root，请返回树的大小。
思路：
（1）首先一直遍历到根节点的左子树的最左边，得到树的高度high；
（2）再遍历根节点的右子树的最左边，得到右子树的高度rightHigh；
（3）如果high==rightHigh，表示
根节点的
左子
树为满二叉树,高度为high，此时左子树可以直接根据满二叉树的性质求出节点数量，再对右子树递归遍历；
（4）如果high!=rightHigh，表示根节点的右子树为满二叉树,高度为high - 1，此时右子树可以直接根据满二叉树的性质求出节点数量，再对左子树递归遍历；
代码如下：
public int count(TreeNode root) {
if(root == null){
return 0;
}
int high = 0;
TreeNode node = root;
while(node != null){
high++;
node = node.left;
}
int rightHigh = 0;
node = root;
while(node != null){
rightHigh++;
node = node.left;
}
if(high == rightHigh){//表示根节点的左子树为满二叉树,高度为high - 1
return (int) (Math.pow(2, high - 1)) + count(root.right);
}else{
return (int) (Math.pow(2, rightHigh - 1)) + count(root.left);
}
}6、快速N次方
如何更快的求一个整数k的n次方。如果两个整数相乘并得到结果的时间复杂度为O(1)，得到整数k的N次方的过程请实现时间复杂度为O(logN)的方法。
给定k和n，请返回k的n次方，为了防止溢出，请返回结果Mod 1000000007的值。
测试样例：
2,3
返回：8
思路：
以10^13为例，首先我们将13以二进制表示如下：0000 1101
10^13 = 10^1 * 10^4 * 10^8
我们根据二进制的长度，依次获取
10^1
10^2 = 10^1 * 10^1；
10^4 = 10^2 * 10^2;
10^8 = 10^4 * 10^4;
...
在这个过程中，如果二进制位上为1，则累乘起来，代码如下：
public int getPower(int k, int N) {
if(k == 0){
return 0;
}
if(k == 1 || N == 0){
return 1;
}
long modNum = 1000000007;
long res = 1;
long temp = k;
for(; N > 0; N >>= 1){
if((N & 1) != 0){
res *= temp;
}
temp = (temp * temp) % modNum;
res = res % modNum;
}
return (int) res;
}
下一篇将是与二叉树相关。