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题目：点击打开链接
题意：给出 n ，表示 n 天。给出 n 个数，a[i] 表示第 i 天，物品的价格是多少。每天可以选择买一个物品，或者卖一个已有物品，也可以什么都不做，问最后最大能赚多少钱，最少操作次数是多少？
分析：贪心好题！cf原题(CodeForces - 867E)，对每一个元素产生的贡献可以先计算出暂时的最优值，注意是暂时的最优，应为后面可以出现更加优的答案，所有下次遇到更优的时候就进行替换；具体就是首先使用小顶堆维护枚举过的元素，然后对于当前枚举到的元素，用它和堆顶元素做对比、如果小于或等于堆顶元素，那么它无法和之前枚举过的所有元素的任何一个做减法产生贡献，所以将其加入这个小顶堆当中去，如果大于堆顶元素、则用它和堆顶元素做减法、算出它和堆顶元素产生贡献，当然这个贡献只是暂时最优的、堆顶元素和当前枚举到的元素进行配对并不一定是最优的，那么怎么样在下一次枚举到更优的配对元素时进行替换，答案就是做完贡献之后、将堆顶元素弹出、然后 push 两次当前枚举到的元素进入堆内，第一个 push 的意义是下次如果其作为堆顶元素、那么可以把它拿出来做减法达到反悔操作，第二个 push 的意义就是真正的卖出，每天都卖出，每次累加差值就可以了。累加很多个差分值肯定会得到最优解的，因为A买入B卖出B买入C卖出 和 A买入C卖出 效果一样的。照着代码手推几组样例就明白了。
代码：
#pragma comment(linker, "/STACK:102400000,102400000")
#include<unordered_map>
#include<unordered_set>
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<fstream>
#include<complex>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<cassert>
#include<iomanip>
#include<string>
#include<cstdio>
#include<bitset>
#include<vector>
#include<cctype>
#include<cmath>
#include<ctime>
#include<stack>
#include<queue>
#include<deque>
#include<list>
#include<set>
#include<map>
using namespace std;
#define pt(a) cout<<a<<endl
#define debug test
#define mst(ss,b) memset((ss),(b),sizeof(ss))
#define rep(i,a,n) for (int i=a;i<=n;i++)
#define per(i,a,n) for (int i=n-1;i>=a;i--)
#define all(x) (x).begin(),(x).end()
#define fi first
#define se second
#define SZ(x) ((int)(x).size())
#define ll long long
#define ull unsigned long long
#define pb push_back
#define mp make_pair
#define inf 0x3f3f3f3f
#define eps 1e-10
#define PI acos(-1.0)
typedef pair<int,int> PII;
const ll mod = 1e9+7;
const int N = 1e6+10;
ll gcd(ll p,ll q){return q==0?p:gcd(q,p%q);}
ll qp(ll a,ll b) {ll res=1;a%=mod; assert(b>=0); for(;b;b>>=1){if(b&1)res=res*a%mod;a=a*a%mod;}return res;}
int to[4][2]={{-1,0},{1,0},{0,-1},{0,1}};
int t,n,a[N];
int main() {
ios::sync_with_stdio(0),cin.tie(0),cout.tie(0);
cin>>t;
while(t--) {
map<int,int> ma;
priority_queue<int,vector<int>,greater<int> > q;
cin>>n;
ll ct=0,ans=0;
rep(i,1,n) {
cin>>a[i];
if(!q.empty() && q.top()<a[i] ) {
int x=q.top();
q.pop();
ans += a[i]-x,ct++;
if(ma[x]) ma[x]--,ct--;
ma[a[i]]++,q.push(a[i]);
}
q.push(a[i]);
}
cout<<ans<<" "<<2*ct<<endl;
}
return 0;
}