Robocom赛前一天熬夜打了一场edu,全程眯眯眼，三题滚粗了，前三题花了一小时才写完，第四题写了一小时也没写明白，好像预示着Robocom的结局？
早上七点醒了，感觉自己浑身无力，想睡觉但是又睡不着的折磨一直笼罩在我的身边，还是强忍着自己的意识睡了一小时，一小时反复醒了五六次，把星期天网络赛的板子整理了一下，然后又睡觉了。
12点，吃完饭了。
躺了一个小时，在睡觉和玩手机交题度过，然后一点半开始登录。
开局看了
T1
一读就是熟悉的味道，让人难以接受的题面风格。但是吃了三次答辩的我已经见怪不怪。
看到输入中有一个条件让人耳目一新，当自己的输入是"yourname"的时候要把账号替换成你的名字，否则就禁赛处理???
想了一会这个题目的评测机制，感觉普通spj也实现不了的样子，觉得很神奇。题面很简单，照着要求模拟一下即可，也没啥太恶心的东西。
T2
看了一下T2，此时我脑子里是? ? ? ? ? ? ? ? ?
莫非，是个cy出的大模拟？？我先看看别的题吧
扫了一遍题目，咦这个T5题面这么短，我就读了一遍，很快理解了题意，感觉T5的读题风格显然不同于别的题面，看完之后一脸懵逼，想了一会觉得很难，感觉想不明白，然后思考了一会，看了眼榜于是决定回来搞搞T2。
于是又回到了答辩，看着难以忍受的题面，我理清了题目想表达的意思，不过也是够答辩的。总体题意就是：
六种颜色，八个牌号，问你自己的牌型有多少种，然后你可以询问一次排除答案，询问以问三种颜色和元素总和的方式询问。排除答案的数量是min(k1,k2)，k1，k2分别为回答是或不是排除的答案数量，问你询问一次后你手里牌的可能数量(去掉排除的)。
看了眼数据范围，模拟一下写个dfs预处理C(6,3)的所有三元组，然后元素总和枚举[3 , 24]即可，暴力算算排除的和未排除的，然后取一个min就做完了。
做完前两题花了30min。
然后我看了一眼榜单，我发现有人过了T5,心里暗想着T5应该不难。
然后我就去看了T5,然后我手玩了一下，我发现一些好玩的性质：
第一个栈用了 i i i个，第二个栈用了 j j j个，此时留在数组里的数量好像是一个定值耶。我们采取这样的策略，就是能删就删的策略就可以让这个数组大小固定[因为我们肯定要尽可能的小]。
我们就定义 c n t [ i ] [ j ] cnt[i][j] cnt[i][j]为第一个栈用了 i i i个，第二个栈用了 j j j个，此时留在数组里的数量。这个转移我们可以用一个类似于dp的转移得到。
即考虑 c n t [ i ] [ j ] cnt[i][j] cnt[i][j]从 c n t [ i − 1 ] [ j ] cnt[i-1][j] cnt[i−1][j]或者 c n t [ i ] [ j − 1 ] cnt[i][j-1] cnt[i][j−1]转移，接下来的问题就是怎么判断数组是否有 k k k个相同的元素呢，如果我们要是加的是 a [ i ] a[i] a[i]元素，那我们就看看cnt[i - 1][j]这个状态里面有多少个a[i],显然这部分可以由处理得到，我赛场上用了一个vector配合upper_bound的做法去得到数组里面含有 a [ i ] a[i] a[i]的元素个数。
好了，现在这个 c n t [ i ] [ j ] cnt[i][j] cnt[i][j]可以由两个状态转移了，我们就考虑dp一下转移顺序吧。我们dp方式就是 d p [ i ] [ j ] dp[i][j] dp[i][j]表示第一个栈用了 i i i个，第二个栈用了 j j j个此时数组使用的最大数量是多少。
那我们的转移方式就是
1.从dp[i - 1][j]转移
d p [ i ] [ j ] = m i n ( d p [ i ] [ j ] , m a x ( d p [ i − 1 ] [ j ] , c n t [ i − 1 ] [ j ] + 1 ) ) dp[i][j] = min(dp[i][j] , max(dp[i - 1][j] , cnt[i -1][j] + 1)) dp[i][j]=min(dp[i][j],max(dp[i−1][j],cnt[i−1][j]+1))
m a x ( d p [ i − 1 ] [ j ] , c n t [ i − 1 ] [ j ] + 1 ) max(dp[i - 1][j] , cnt[i -1][j] + 1) max(dp[i−1][j],cnt[i−1][j]+1)是什么含义呢，就是表示前面转移取出来一个数的话，势必要多用一个数组位置，然后我们看看和之前开的数组大小是否能装下，不能装下就"撑开"。
2.从dp[i][j - 1]转移
同理
d p [ i ] [ j ] = m i n ( d p [ i ] [ j ] , m a x ( d p [ i ] [ j − 1 ] , c n t [ i ] [ j − 1 ] + 1 ) ) dp[i][j] = min(dp[i][j] , max(dp[i][j - 1] , cnt[i][j - 1] + 1)) dp[i][j]=min(dp[i][j],max(dp[i][j−1],cnt[i][j−1]+1))
然后过了样例交了一发就1a了QaQ，我是本科组全场第二个过的qaq。
然后看T3,T4过了不少了，然后我就开始收拾烂摊子，心想有机会 a k ak ak。
于是开看T3
T3显然是一个很好写的大模拟，用一个优先队列维护结束位置，用户编号，碗号就可以了。好的，我经常被这样的题折磨了很多次！我知道一个好写的写法！就是提前先把 m m m个碗放进去，就少了很多不必要的判断，即判断优先队列里面的元素个数是否小于等于 m m m。然后很快的就写完了。
此时已经过去了 1 h 1h 1h。
看了一眼榜， r k 1 rk1 rk1的那名老哥倒着开题，只差了 T 3 T3 T3了。
然后我去开T4
T4
一眼读完是一个大模拟，感觉时间复杂度显然不够用！然后感觉有种拓扑性质，然后发现貌似两个编号的拓扑关系只跟上面相邻位置有关(边界)，要判断相邻位置即可。预处理的时候就是看看每个元素的上方，上面如果相邻元素和自己一样就不用管了，这两个是一家人，如果不相同的话，那么肯定是上面的先拿走了，自己再拿走，那我们就加边！然后我们按照这样的方式加边肯定得到一个有向图，然后跑一次拓扑序，题目貌似还要求了最小字典序，这好办，我们在跑拓扑序的时候用优先队列维护！我们只拿出来最小的。这样，你就获得了一个26的好成绩，然后我的做法在接下来的50min一直在mle和wa中度过。
不知道T4的神奇例子是什么，也许是我做法的问题，我觉得国赛的样例还是比较神奇的，感觉骗骗也能骗很多分，我的T4应该不是正解，但是还是骗到了26分，没有以 a k ak ak收尾，但是以 116 116 116收尾也是对得起自己的竞赛生涯了。
下赛季加油!