电子科大本部食堂的饭卡有一种很诡异的设计,即在购买之前判断余额。如果购买一个商品之前,卡上的剩余金额大于或等于5元,就一定可以购买成功(即使购买后卡上余额为负),否则无法购买(即使金额足够)。所以大家都希望尽量使卡上的余额最少。
某天,食堂中有n种菜出售,每种菜可购买一次。已知每种菜的价格以及卡上的余额,问最少可使卡上的余额为多少。
Input
多组数据。对于每组数据:
第一行为正整数n,表示菜的数量。n<=1000。
第二行包括n个正整数,表示每种菜的价格。价格不超过50。
第三行包括一个正整数m,表示卡上的余额。m<=1000。
n=0表示数据结束。
Output
对于每组输入,输出一行,包含一个整数,表示卡上可能的最小余额。
Sample Input
1 50 5 10 1 2 3 2 1 1 2 3 2 1 50 0
Sample Output
-45 32
DPDPDP
题目和上一篇博客的叠大象有异曲同工之处,需要dp的就是花费不超过j元时 所有菜能达到的花费。
不同的是要先把最贵的挑出来,去dp其他n-1个菜 花费不超过m-5的花费。
还要记得特判一下m<5的时候的情况,直接输出余额。
#include"stdio.h"
#include"algorithm"
#include"string.h"
using namespace std;
int a[1005];
int main()
{
int n,m;
int dp[100005];
while(~scanf("%d",&n) && n)
{
for(int i = 1;i <= n;i ++)
{
scanf("%d",&a[i]);
}
scanf("%d",&m);
if(m < 5)
{
printf("%d\n",m);
continue;
}
memset(dp,0,sizeof(dp));
sort(a+1,a+n+1);
int h = m-5;
for(int i = 1;i < n;i ++)//dp n-1个
{
for(int j = h; j >=a[i] ;j --)
{
dp[j]=max(dp[j],dp[j-a[i]]+a[i]) ;
}
}
printf("%d\n",m-dp[h] - a[n]);
}
return 0;
}