题意：
游戏是这样的:两个玩家以一堆n个石头开始游戏。他们轮流从石堆里取石头，每次至少取一块。先走的人第一步最多可以拿n-1块石头。从那时起，一个玩家最多可以拿k倍于他的对手上次拿的石头。例如，如果一个玩家轮流拿m块石头，那么另一个玩家下一次最多可以拿k×m块石头。谁拿了最后一块石头，谁就赢了这场比赛。
题解：
原文：k倍动态减法
斐波那契博弈是本题当k==2的一种特殊情况：
当k==1的时候：
当n=2^i (i^2 把i和2按位异或) 的多少次方的时候，那么这就是一个必败态，因为此时k==1，那么你把它化为二进制，这个时候拿掉二进制的最后一个1，那么对方必然不能拿走倒数第二位的1，因为他不能拿的比你多。你只要按照这个策略对方一直都不可能拿完。所以你就会赢。
而当分解的二进制中只有一个1时，因为第一次先手不能全部取完，所以后手一定有办法取到最后一个1，所以必败！
举个例子，当 n = 6 = （110）时:
第一轮：先手第一次取最右边的1，即2个，此时还剩4（100）个，后手能取1或2个；
第二轮：假如上轮后手取的两个，先手再取两个直接赢了
假如后手取了一个，那么还剩三个，自己只能去1个，以后也只能取一个，所以必胜！
当 k = 2 时，赤裸裸的Fibonacci博弈了，具体这儿不多说，自己再上述博客已写的很明白了。其实n经拆解后也可以表示成二进制的形式，用 k = 1时的方法来理解，比如 n = 11 = 7 + 3 + 1，可表示成 10101；
当 k 取任意非零正值时，重点来了：
犹如Fibonacci博弈，我们首先要求一个数列，将n分解成数列中一些项的和，然后就可以按Fibonacci博弈的解决方法来完成，也可以按二进制的方法来理解，每次取掉最后一个1 还是符合上面的条件。
我们用a数组表示要被求的数列，b数组中的b[i]保存 a[0...i] 组合能够构造的最大数字。这儿有点难理解，所谓构造就是指n分解为Fib数相加的逆过程。举例说明，当k = 2 时，a[N]={1, 2, 3, 5, 8, 13, 21, 33....} （Fibonacci数组）；那么b[3] 即 1、2、 3 能够构造的最大数字，答案是4，有点匪夷所思？或许你会问为什么不是5、6或者其它的什么，其实是这样的
，4 能分解成 1+3 是没有争议的，但5能分解成2+3吗? 不能，因为5本身也是Fibonacci数；6虽然能分解，但不是分解成1+2+3，而是分解成1+5。
经过上述，我们知道b[i] 是 a[0...i] 能够构造出的最大数字，那么a[i +1] = b[i]+1；因为a数组（Fib数组）所存的数字都是不可构造的（取到它本身就是必败态），显然a[0...i]构造的最大数字 + 1 即为下一个不可构造的数字了(a[i + 1])。
然后关于b[i]的计算，既然是a[0...i]构造最大数字，那么 a[i]是一定要选用的（这儿需要一定的推理，a[i]构造数字时，相邻的j个是不能同时用的，就像上述的2、3不能构造出5一样，推理请自己完成），那么要选用的下一项只能递减寻找，直到找到
a[t] 满足 a[t] * K < a[i] ，而b[t]就是a[0...t]所能构造的最大数字，再加上a[i], 即为a[0...i]能构造的最大数字，于是b[i] = b[t] + a[i]。
求的数列后，之后的工作就简单了，跟Fibonacci博弈一样一样的，如果n=数列中的数，则必败，否则必胜；必胜时还要求输出第一步取法，其实就是分解的数列中最小的一个
代码：
1 #include<stdio.h> 2 #include<string.h> 3 #include<iostream> 4 #include<algorithm> 5 using namespace std; 6 const int maxn=20000005; 7 int a[maxn],b[maxn]; 8 int main() 9 { 10 int t,k,n,p=0; 11 scanf("%d",&t); 12 while(t--) 13 { 14 scanf("%d%d",&n,&k); 15 a[0]=b[0]=1; 16 int i=0,j=0; 17 while(n>a[i]) 18 { 19 i++; 20 a[i]=b[i-1]+1; 21 while(a[j+1]*k<a[i]) 22 j++; 23 if(k*a[j]<a[i]) 24 b[i]=b[j]+a[i]; 25 else b[i]=a[i]; 26 } 27 if(n==a[i]) 28 printf("Case %d: lose\n",++p); 29 else 30 { 31 int ans=0; 32 while(n) 33 { 34 if(n>=a[i]) 35 { 36 n-=a[i]; 37 ans=a[i]; 38 } 39 i--; 40 } 41 printf("Case %d: %d\n",++p,ans); 42 } 43 } 44 return 0; 45 }