题目链接：https://cn.vjudge.net/contest/279225#problem/L
题目大意：第一行输入n，第二行输入n个整数，所以这些整数互相之间的差值一共有C(n,2)个，这些差值升序排好序之后，要我们找到这些差值中的最中间的那个差值。如果差值的个数是偶数，那么就是最中间的两个数的左边那个。
思路：因为所给的范围很大，所以我们用二分查找那个中间的那个差值。首先是差值的范围，差值的范围就是[0,a[n-1]-a[0]]（这里我们把n个数从小到大排好序）。
然后就二分开始。区间变化的条件就是mid是中间差值的话，有多少对元素满足这个条件，满足条件的sum小于k，就说明这个mid有点太大了，这个时候我们要取右边的区间；满足条件的sum大于等于k（中间差值是排好序后的差值序列的第k位），就说明这个mid可行（中间的那个差值不一定和左右的数不同），但是不一定是最终我们要找的中间值，所以我们现在就要把区间向左移，看有没有更合适的mid。
最后区间长度为1时，[min,max]假设mid(min)可行，也就是我们要往左边取了，也就是[min,min-1]，这个时候，肯定min和min-1都是大于等于k的，但是显然后者的sun更大，所以前者min是最后最优答案。如果mid显然不行，那么就是往右取，也就是[min+1,min]，这个时候左区间端点是答案，还是min。
然后我们怎么找这个sum呢？首先呢就是说假设一个升序的序列，a[i]-a[j]<=x,那么任意mm属于[j,i-1]都满足a[i]-a[mm]<=x.知道这个之后呢，我们就利用这个来计算sum。从第一个数前边没有数了，所以不存在差值，所以我们从第二个数开始看，也就是我们的jjudge函数，我们的区间这个时候后就是[0,xx-1]这个很显然。然后我们就看a[xx]和前边的哪个元素的差值是第一个小于等于mid的，这个时候我们又一次用到了二分。
如果a[xx]-a[mmid]的差值大于mid，说明我们mmid找小了，所以区间右移，如果小于等于mid，就说明我们的这个mmid可以，但是不一定是最合适的，因为如果小于的话就显然是mmid大了所以需要向左移。
最后区间长度为0时，[left,right]，判断a[xx]-a[mmid(left)]是否大于mid，如果大于mid，那么就是mmid小了，往右移，也就是[left+1,left]；否则往左移，也就是[left,left-1]；显然就是取左端点为我们要找的答案。
最后sum加的是i-jjudge(i),因为我们jjudge返回的是第一个和a[i]的差值小于等于mid的元素的下标，所以满足条件的区间长度是[jjudge(i),i-1]，区间长度是i-jjudge(i).
然后就完了，over!
这道题用long long超时了！！！！！噗 我也不知道为啥……反正就改了int之后就A了……
可能是因为longlong比较长，然后调用慢……我也不知道，呜呜呜呜呜呜，一天！就改这道题了……
#include <stdio.h>
#include <math.h>
#include <algorithm>
#define INF 100005
using namespace std;
typedef long long ll;
int N,k,min_,max_,mid;
int a[INF];
int jjudge(int xx)
{
int left=0,right=xx-1,mmid;
while(left<=right)
{
mmid=(left+right)/2;
if(a[xx]-a[mmid]>mid)
left=mmid+1;
else
right=mmid-1;
}
return left;
}
bool judge()
{
int sum=0;
for(int i=1;i<N;i++)
{
sum+=i-jjudge(i);
}
return sum<k;
}
int main()
{
while(~scanf("%d",&N))
{
for(ll i=0;i<N;i++)
{
scanf("%d",&a[i]);
}
sort(a,a+N);
k=ceil(N*(N-1)/4.0);//这儿呢，k就是要找的差值是升序序列中的第几个
max_=a[N-1]-a[0];
min_=0;
while(min_<=max_)
{
mid=(min_+max_)/2;
if(judge())
min_=mid+1;
else
max_=mid-1;
}
printf("%d\n",min_);
}
return 0;
}