题目描述
给定一个多项式 ,请求出一个多项式 ,满足 。系数对 取模。
输入输出格式
输入格式:
首先输入一个整数
,表示输入多项式的次数。
接着输入
个整数,第
个整数
,代表
次数为
的项的系数。
输出格式:
输出
个数字,第
个整数
,代表
次数为
的项的系数。
输入输出样例
输入样例#1:
5
1 6 3 4 9
输出样例#1:
1 998244347 33 998244169 1020
说明
分析:
多项式求逆的模板题。之前一直不知道后面的
是什么意思,其实是对多项式
取模,也就是次数大于
的项为
。设
为原多项式,
为在
的逆元,
为在
逆元,这里是向上取整,因为这样才能使幂次达到
。有
后面那个是两个卷积,次数要算对,wa了好久。
代码:
// luogu-judger-enable-o2
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#define LL long long
const LL p=998244353;
const LL G=3;
const int maxn=3e5+7;
using namespace std;
LL f[maxn],g[maxn],x[maxn],y[maxn],w[maxn];
LL n,len;
LL r[maxn];
LL power(LL x,LL y)
{
if (y==1) return x;
LL c=power(x,y/2);
c=(c*c)%p;
if (y%2) c=(c*x)%p;
return c;
}
void init(LL len)
{
LL k=trunc(log(len+0.5)/log(2));
for (LL i=0;i<len;i++)
{
r[i]=(r[i>>1]>>1)|((i&1)<<(k-1));
}
}
void ntt(LL *a,LL f)
{
for (LL i=0;i<len;i++)
{
if (i<r[i]) swap(a[i],a[r[i]]);
}
w[0]=1;
for (LL i=2;i<=len;i*=2)
{
LL wn;
if (f==1) wn=power(G,(LL)(p-1)/i);
else wn=power(G,(LL)(p-1)-(p-1)/i);
for (LL j=i/2;j>=0;j-=2) w[j]=w[j/2];
for (LL j=1;j<i/2;j+=2) w[j]=(w[j-1]*wn)%p;
for (LL j=0;j<len;j+=i)
{
for (LL k=0;k<i/2;k++)
{
LL u=a[j+k],v=(a[j+k+i/2]*w[k])%p;
a[j+k]=(u+v)%p;
a[j+k+i/2]=(u-v+p)%p;
}
}
}
if (f==-1)
{
LL inv=power(len,p-2);
for (LL i=0;i<len;i++) a[i]=(a[i]*inv)%p;
}
}
void NTT(LL *a,LL *b,LL *c,LL n,LL m)
{
len=1;
while (len<=(n+m)) len*=2;
init(len);
for (int i=0;i<len;i++)
{
if (i<n) x[i]=a[i]; else x[i]=0;
if (i<m) y[i]=b[i]; else y[i]=0;
}
ntt(x,1); ntt(y,1);
for (LL i=0;i<len;i++) c[i]=(2*y[i]+p-x[i]*y[i]%p*y[i]%p)%p;
ntt(c,-1);
}
void solve(LL *a,LL *b,LL k)
{
if (k==1)
{
b[0]=power(a[0],p-2);
return;
}
LL d=(k+1)/2;
solve(a,b,d);
NTT(a,b,b,n,k);
for (int i=k;i<len;i++) b[i]=0;
}
int main()
{
scanf("%lld",&n);
for (LL i=0;i<n;i++)
{
scanf("%lld",&f[i]);
f[i]%=p;
}
solve(f,g,n);
for (LL i=0;i<n;i++) printf("%lld ",g[i]);
}