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问题描述
A市有n个交通枢纽,其中1号和n号非常重要,为了加强运输能力,A市决定在1号到n号枢纽间修建一条地铁。
地铁由很多段隧道组成,每段隧道连接两个交通枢纽。经过勘探,有m段隧道作为候选,两个交通枢纽之间最多只有一条候选的隧道,没有隧道两端连接着同一个交通枢纽。
现在有n家隧道施工的公司,每段候选的隧道只能由一个公司施工,每家公司施工需要的天数一致。而每家公司最多只能修建一条候选隧道。所有公司同时开始施工。
作为项目负责人,你获得了候选隧道的信息,现在你可以按自己的想法选择一部分隧道进行施工,请问修建整条地铁最少需要多少天。
地铁由很多段隧道组成,每段隧道连接两个交通枢纽。经过勘探,有m段隧道作为候选,两个交通枢纽之间最多只有一条候选的隧道,没有隧道两端连接着同一个交通枢纽。
现在有n家隧道施工的公司,每段候选的隧道只能由一个公司施工,每家公司施工需要的天数一致。而每家公司最多只能修建一条候选隧道。所有公司同时开始施工。
作为项目负责人,你获得了候选隧道的信息,现在你可以按自己的想法选择一部分隧道进行施工,请问修建整条地铁最少需要多少天。
输入格式
输入的第一行包含两个整数
n,
m,用一个空格分隔,分别表示交通枢纽的数量和候选隧道的数量。
第2行到第 m+1行,每行包含三个整数 a, b, c,表示枢纽 a和枢纽 b之间可以修建一条隧道,需要的时间为 c天。
第2行到第 m+1行,每行包含三个整数 a, b, c,表示枢纽 a和枢纽 b之间可以修建一条隧道,需要的时间为 c天。
输出格式
输出一个整数,修建整条地铁线路最少需要的天数。
样例输入
6 6
1 2 4
2 3 4
3 6 7
1 4 2
4 5 5
5 6 6
1 2 4
2 3 4
3 6 7
1 4 2
4 5 5
5 6 6
样例输出
6
样例说明
可以修建的线路有两种。
第一种经过的枢纽依次为1, 2, 3, 6,所需要的时间分别是4, 4, 7,则整条地铁线需要7天修完;
第二种经过的枢纽依次为1, 4, 5, 6,所需要的时间分别是2, 5, 6,则整条地铁线需要6天修完。
第二种方案所用的天数更少。
第一种经过的枢纽依次为1, 2, 3, 6,所需要的时间分别是4, 4, 7,则整条地铁线需要7天修完;
第二种经过的枢纽依次为1, 4, 5, 6,所需要的时间分别是2, 5, 6,则整条地铁线需要6天修完。
第二种方案所用的天数更少。
评测用例规模与约定
对于20%的评测用例,1 ≤
n ≤ 10,1 ≤
m ≤ 20;
对于40%的评测用例,1 ≤ n ≤ 100,1 ≤ m ≤ 1000;
对于60%的评测用例,1 ≤ n ≤ 1000,1 ≤ m ≤ 10000,1 ≤ c ≤ 1000;
对于80%的评测用例,1 ≤ n ≤ 10000,1 ≤ m ≤ 100000;
对于100%的评测用例,1 ≤ n ≤ 100000,1 ≤ m ≤ 200000,1 ≤ a, b ≤ n,1 ≤ c ≤ 1000000。
所有评测用例保证在所有候选隧道都修通时1号枢纽可以通过隧道到达其他所有枢纽。
对于40%的评测用例,1 ≤ n ≤ 100,1 ≤ m ≤ 1000;
对于60%的评测用例,1 ≤ n ≤ 1000,1 ≤ m ≤ 10000,1 ≤ c ≤ 1000;
对于80%的评测用例,1 ≤ n ≤ 10000,1 ≤ m ≤ 100000;
对于100%的评测用例,1 ≤ n ≤ 100000,1 ≤ m ≤ 200000,1 ≤ a, b ≤ n,1 ≤ c ≤ 1000000。
所有评测用例保证在所有候选隧道都修通时1号枢纽可以通过隧道到达其他所有枢纽。
解题思路:
基本上是一个裸的单源最短路,我使用spfa,把天数当作边权,因为是同时开工,就是使最短路的最大值最小,把原来的松弛操作改成d[vv]=max(d[now],E[now][i].second)就行了。
代码:
#include <iostream>
#include <vector>
#include <cstring>
#include <queue>
#define inf 0x3f3f3f3f
using namespace std;
vector<pair<int,int> >E[200005];
int v[100005],d[100005];
void init()
{
memset(v,0,sizeof(v));
memset(d,inf,sizeof(d));
for(int i=0;i<200005;i++)E[i].clear();
}
queue<int>q;
int main()
{
init();
int n,m;
cin>>n>>m;
for(int i=0;i<m;i++)
{
int a,b,c;
scanf("%d%d%d",&a,&b,&c);
if(a!=b){
E[a].push_back(make_pair(b,c));
E[b].push_back(make_pair(a,c));
}
}
q.push(1);
v[1]=1;
d[1]=0;
int ans=1e9;
while(!q.empty())
{
int now=q.front();
q.pop();
v[now]=0;
for(int i=0;i<E[now].size();i++)
{
int vv=E[now][i].first;
if(d[vv]>max(d[now],E[now][i].second))
{
d[vv]=max(d[now],E[now][i].second);
if(v[vv])continue;
v[vv]=1;
q.push(vv);
}
}
}
cout<<d[n]<<endl;
return 0;
}