HDU2243
在做本题之前推荐做POJ2778
题解
POJ2778求的是用给定字符集构造出的长度为n的字符串中没出现过给定字符串的字符串有多少个
本题统计的是出现过的,那么我们只需要算出一共可能的种数,再算出长度为1-n可能的出现过给定字符串的字符串个数,相减就是答案。
首先,我们先计算一共可能的种数,
设
所以
所以我们可以利用矩阵快速幂求出一共可能的种数sum,注意这里要用unsigned long long
之后我们利用上题的做法求出转移矩阵,设转移矩阵为
,那么
的第一行的和即为长度为n的串的转移方案而如果我们想求出所有长度的方案数之和,我们就需要在转移矩阵上加一维,用来存储上一个状态第一行之和,这样最后
的第一行之和就是长度为1-n所有方案之和sum2(慢慢理解,想一下矩阵快速幂
最后用sum-sum2即是最终结果,注意所有变量都应该用unsigned long long。而且这里不能直接输出sum-sum2会出现负数,应该用sum-=sum2才能实现自动溢出。
HDU2243代码
//由于本题存在两个大小不同的矩阵,所以开了两个struct和两个分别矩阵快速幂函数
//但是如果用类去构造应该能清晰一些。
#include<stdio.h>
#include<algorithm>
#include<string.h>
#include<iostream>
#include<queue>
#include<set>
#include<map>
using namespace std;
#define dbg(x) cout<<#x<<" "<<x<<endl
typedef unsigned long long ll;
const int maxn = 2e6+5;
map<char,int> mp;
struct ACTrie
{
int tree[maxn][27],fail[maxn];
int end_[maxn];
int root,num,cnt;
int newnode()
{
for(int i=0;i<26;i++)
tree[cnt][i]=-1;
end_[cnt]=0;
return cnt++;
}
void init()
{
cnt=0;
num=0;
root=newnode();
}
void insert_(char str[])
{
int pos=root;
int len=strlen(str);
for(int i=0;i<len;i++)
{
int id=str[i]-'a';
if(tree[pos][id]==-1) tree[pos][id]=newnode();
pos=tree[pos][id];
}
end_[pos]=1;
}
void build()
{
queue<int> que;
fail[root]=root;
for(int i=0;i<26;i++)
{
if(tree[root][i]==-1) tree[root][i]=root;
else
{
fail[tree[root][i]]=root;
que.push(tree[root][i]);
}
}
while(!que.empty())
{
int now=que.front();
que.pop();
for(int i=0;i<26;i++)
{
if(tree[now][i]==-1) tree[now][i]=tree[fail[now]][i];
else
{
fail[tree[now][i]]=tree[fail[now]][i];
que.push(tree[now][i]);
}
end_[tree[now][i]]|=end_[tree[fail[now]][i]];
}
}
}
};
ACTrie ac;
struct mat
{
ll jz[110][110];
};
mat make_mat()
{
mat res;
memset(res.jz,0,sizeof(res.jz));
for(int i=0;i<ac.cnt;i++)
{
if(ac.end_[i]) continue;
for(int j=0;j<26;j++)
{
if(ac.end_[ac.tree[i][j]]) continue;
++res.jz[i][ac.tree[i][j]];
}
}
for(int i=0;i<=ac.cnt;i++)//在最后一列加上1,实现当前行和的转移
{
res.jz[i][ac.cnt]=1;
}
return res;
}
mat mat_mul(mat x,mat y)
{
mat res;
memset(res.jz,0,sizeof(res.jz));
for(int i=0;i<=ac.cnt;i++)
for(int j=0;j<=ac.cnt;j++)
for(int k=0;k<=ac.cnt;k++)
res.jz[i][j]=res.jz[i][j]+x.jz[i][k]*y.jz[k][j];
return res;
}
ll power_mod (ll b)//.res是系数矩阵,ans是变换矩阵左->ans,右->res.
{
mat ans,res;
res=make_mat();
memset(ans.jz,0,sizeof(ans.jz));
for(int i=0;i<=ac.cnt;i++)
ans.jz[i][i]=1;
while(b>0)
{
if(b&1) ans=mat_mul(res,ans);//所以应该系数矩阵在前ans,res);
b=b>>1;
res=mat_mul(res,res);
}
ll tmp=0;
for(int i=0;i<=ac.cnt;i++)
tmp=tmp+ans.jz[0][i];
return tmp;//返回指定位置元素
}
char str[11];
struct mat2
{
ll jz[2][2];
};
mat2 mat_mul2(mat2 x,mat2 y)
{
mat2 res;
memset(res.jz,0,sizeof(res.jz));
for(int i=0;i<2;i++)
for(int j=0;j<2;j++)
for(int k=0;k<2;k++)
res.jz[i][j]=res.jz[i][j]+x.jz[i][k]*y.jz[k][j];
return res;
}
ll power_mod2(ll b)//.res是系数矩阵,ans是变换矩阵左->ans,右->res.
{
mat2 ans,res;
res.jz[0][0]=26;
res.jz[0][1]=1;
res.jz[1][0]=0;
res.jz[1][1]=1;//根据要求设定系数单位矩阵,
ans.jz[0][0]=0;
ans.jz[1][0]=26;//初始化ans矩阵,只需要初始化每行的第一列
while(b>0)
{
if(b&1) ans=mat_mul2(res,ans);//所以应该系数矩阵在前ans,res);
b=b>>1;
res=mat_mul2(res,res);
//cout<<ans.jz[0][0]<<endl;
}
return ans.jz[0][0];//返回指定位置元素
}
int main()
{
int n;
ll m;
while(scanf("%d%I64d",&n,&m)!=EOF)
{
ac.init();
while(n--)
{
scanf("%s",str);
ac.insert_(str);
}
ac.build();
ll tmp=power_mod2(m)+1;//加上长度为0的串
ll res=power_mod(m);
tmp-=res;//注意是-=不是直接输出
cout<<tmp<<endl;
}
return 0;
}