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题意:
给你 n 组 a x(每个 a 都相同),代表有 x 个 2 ^ a,问用这些数字最多组成多少种不同的数字。
思路:
- 如果当前某一段所有数的和不能到达下一个给出的二进制位,就把这一段单独出来,最后的答案就是每一段的贡献相乘,而每一段的贡献就是把最低为看成 0 位(其他位对应)的和。例如 3(2,5),(4,3),(5,1)这一段的贡献就是 2 ^ 0 * 5 + 2 ^ 2* 3 + 2 ^ 3 * 1 + 1( + 1 代表这一段不取); 也就是说如果这一段可以连续,那么中间的每一个数都可以到达。
如果 是 4 (0 , 1)(2,5),(4,3),(5,1),那么最后的答案就是 (1 + 1)*(5 + 12 + 8 + 1),(分成两段)。 - 那么怎么记录前一段的和能不能到达下一个二进制位呢,一开始我直接用了一个 sum 记录前几位的和,然后必然是错的 2的 60 次方就快爆 ll 了,所以就把每一位的 x 贡献到下一位,每次判断这一位的 x 能不能补充 两位二进制的差
num[i].x >> (num[i + 1].a - num[i].a)
(是否 为 1).还有如果相邻两位 a 的差大于 30 ,那么一定是不连续的 因为 x 最多才 1e9.
代码:
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<map>
#include<stack>
#include<set>
#define iss ios::sync_with_stdio(false)
using namespace std;
typedef unsigned long long ll;
const ll INF = 4e18 + 7;
const int maxn = 1e6 + 7;
const int mod = 1e9 + 7;
int T,n,b[maxn];
ll sum,pre,ans;
struct node{
ll a , x;
}num[maxn];
vector<ll> vec;
bool cmp(node a , node b){
return a.a < b.a;
}
ll poww(ll a,ll b){
ll ans=1;
while(b > 0){
if(b & 1) ans = ans * a % mod;
a = a * a % mod;
b >>= 1;
}
return ans;
}
void init(){
vec.clear();
for(int i = 1; i <= n; i ++) b[i] = num[i].x;
sum = 0, pre = num[1].a,ans = 1;
}
int main (){
scanf("%d",&T);
int ca = 1;
while(T--){
scanf("%d",&n);
for(int i = 1;i <= n; i ++){
scanf("%lld%lld",&num[i].a,&num[i].x);
}
sort(num + 1 , num + n + 1 , cmp);
init();
for(int i = 1; i <= n; i ++){
sum = (sum + poww(2 , num[i].a - pre) * b[i] % mod ) % mod; // 统计每一段答案
if(i != n && num[i + 1].a - num[i].a <= 30 && num[i].x >> (num[i + 1].a - num[i].a)){
//这一位可以贡献到下一位
num[i + 1].x += (num[i].x >> (num[i + 1].a - num[i].a)); //这一位的贡献算到下一位
continue;
}
vec.push_back(sum + 1); // 一段的答案
sum = 0;
pre = num[i + 1].a;
}
for(auto i : vec){
ans = ans * i % mod;
}
printf ("Case #%d: %lld\n",ca ++ ,ans);
}
}