先 po一个 拓扑排序的模板
/*拓扑排序：
用来安排先后顺序
先找出入度为 0 的点，将其入队列，然后将与之相连的点入度减 1 ，再去找入度为 0 的点
*/
if(!map[u][v]) //考虑重边的情况
{
indegree[v]++; //连接 v 的边数，即 v 的入度是几
map[u][v] = 1;//标记u v已经连接
}int topu()
{
queue<int> q;
int cnt = 1;
while(!q.empty())//清空队列
q.pop();
for(int i = 1; i <= n ; i++)
if(indegree[i] == 0)
q.push(i);//将 没有依赖顶点的节点入队
int u;
while(!q.empty()) //
{
u = q.front();
a[cnt++] = u;//将上边选出的没有依赖顶点的节点加入到排序结果中
q.pop();//删除队顶元素
for(int i = 1; i <= n ; i++)
{
if(map[u][i])
{
indegree[i] --;// 与 u 相连的边 入度都减 1
if(indegree[i] == 0) //如果节点 i 的入度 为 0
q.push(i); //即变为无依赖顶点的节点 将其入队
}
}
if(cnt == n)//如果排序完成输出结果
{
for(int i = 1 ; i <= n ; i++)
printf(" %d",a[i]);
}
}
}Description
有N个比赛队（1<=N<=500），编号依次为1，2，3，。。。。，N进行比赛，比赛结束后，裁判委员会要将所有参赛队伍从前往后依次排名，但现在裁判委员会不能直接获得每个队的比赛成绩，只知道每场比赛的结果，即P1赢P2，用P1，P2表示，排名时P1在P2之前。现在请你编程序确定排名。
Input
输入有若干组，每组中的第一行为二个数N（1<=N<=500），M；其中N表示队伍的个数，M表示接着有M行的输入数据。接下来的M行数据中，每行也有两个整数P1，P2表示即P1队赢了P2队。
Output
给出一个符合要求的排名。输出时队伍号之间有空格，最后一名后面没有空格。
其他说明：符合条件的排名可能不是唯一的，此时要求输出时编号小的队伍在前；输入数据保证是正确的，即输入数据确保一定能有一个符合要求的排名。
Sample Input
4 3
1 2
2 3
4 3
Sample Output
1 2 4 3
代码：
/*
po 出来的模板不适合这一个题，因为安排的先后顺序有多种，求一个最小的安排顺序
如样例 一：
可以是：1234 或者是 1423
选一个编号小的，输出 1243
本题思路：
1.从小到大循环找出第一个入度为 0 的点，入队列，break
2.取队首元素，将其相连边的入度减 1，并出队列
3.从小到大循环，找出一个最小的入度 为 0的点，入队列，break
*/
// 将 p1 赢 p2，转化成 p1 指向 p2
#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<iostream>
#include<queue>
using namespace std;
int n,m;
int mapp[501][501];//标志数组，标志着两条边是否相连
int in[501];//标记 入度
void T()
{
queue<int>q;
int t[501];//结果队列
int i,data;
int flag=0;
while(!q.empty())
q.pop();
for(i=1;i<=n;i++){
if(in[i]==0){
q.push(i);
break;
}
}
while(!q.empty())
{
data=q.front();
q.pop();
t[flag++]=data;
in[data]=-1;
for(i=1;i<=n;i++)
if(mapp[data][i]==1)
in[i]--;
for(i=1;i<=n;i++)
{
if(in[i]==0){
q.push(i);
break;
}
}
if(flag==n){
for(i=0;i<=n-1;i++){
if(i<n-1)
printf("%d ",t[i]);
else
printf("%d\n",t[i]);
}
}
}
}
int main()
{
int i,a,b;
while(~scanf("%d %d",&n,&m))
{
memset(in,0,sizeof(in));
memset(mapp,0,sizeof(mapp));
for(i=0;i<=m-1;i++){
scanf("%d %d",&a,&b);
if(mapp[a][b]!=1)
{
mapp[a][b]=1;
in[b]++;
}
}
T();
}
}