题目描述
给定一个含有 n 个正整数的数组和一个正整数 s ,找出该数组中满足其和 ≥ s 的长度最小的连续子数组。如果不存在符合条件的连续子数组,返回 0。
示例:
输入: s = 7, nums = [2,3,1,2,4,3]
输出: 2
解释: 子数组 [4,3] 是该条件下的长度最小的连续子数组。
进阶:
如果你已经完成了O(n) 时间复杂度的解法, 请尝试 O(n log n) 时间复杂度的解法。
题解1
暴力法,求出每个区间和然后判断是否不小于给定的s,然后满足条件的连续子数组的最小长度。这样直接暴力的时间复杂度为: 。我们可以做适当的优化,先在 的时间可以计算出从起始位置到任意位置的连续和 ,则区间 的和为 。利用空间将时间复杂度降为: 。
代码1
/*
用sum[i]表示从0到下标i的连续和
[i, j]区间的连续和为sum[j] - sum[i - 1]
时间复杂度为:o(n^2) 超时
*/
class Solution {
public:
int minSubArrayLen(int s, vector<int>& nums) {
int len = nums.size();
vector<int>sum(len, 0);
int res = 1 << 30;
for(int i = 0; i < len; ++i){
i == 0?sum[0] = nums[0]:sum[i] = sum[i - 1] + nums[i];
}
for(int i = 0; i < len; ++i){
for(int j = i; j < len; ++j){
if(i == 0){
if(sum[j] >= s && j + 1 < res){
res = j + 1;
break;
}
}
else{
if(sum[j] - sum[i - 1] >= s && j - i + 1 < res){
res = j - i + 1;
break;
}
}
}
}
if(res == 1 << 30){
res = 0;
}
return res;
}
};
执行结果1
超时!!
题解2
因为同一位置开始的区间和是有序的(递增),可以用二分法找到刚好不小于给定s的区间可以将时间复杂度再次降为:
代码2
/*
用sum[i]表示从0到下标i的连续和
[i, j]区间的连续和为sum[j] - sum[i - 1]
时间复杂度为:o(n^2) 超时
*/
class Solution {
public:
int minSubArrayLen(int s, vector<int>& nums) {
int len = nums.size();
vector<int>sum(len, 0);
int res = 1 << 30;
for(int i = 0; i < len; ++i){
i == 0?sum[0] = nums[0]:sum[i] = sum[i - 1] + nums[i];
}
for(int i = 0; i < len; ++i){
int beg = i, end = len - 1, mid, tmp;
while(beg <= end){//二分找满足条件的最小区间
mid = (beg + end) >> 1;
if(i == 0){
tmp = sum[mid];
}
else{
tmp = sum[mid] - sum[i - 1];
}
if(tmp >= s){
if(end - i + 1 < res){
res = mid - i + 1;
}
end = mid - 1;
}
else{
beg = mid + 1;
}
}
}
if(res == 1 << 30){
res = 0;
}
return res;
}
};
执行结果2
题解3
双指针法。
每个指针扫描范围最大是
,时间复杂度为:
。
代码3
/*
双指针法
双指针的范围都是从[0, len - 1]且只扫描一遍
时间复杂度为:O(n)
空间复杂度为:O(1)
*/
class Solution {
public:
int minSubArrayLen(int s, vector<int>& nums) {
int len = nums.size();
int res = 1 << 30, sum = 0, l = 0;//left指向左端点
for(int r = 0; r < len; ++r){
sum += nums[r];
while(sum >= s){
if(r - l + 1 < res){
res = r - l + 1;
}
sum -= nums[l++];
}
}
return res == (1 << 30)?0:res;
}
};