leetcode 1-3题题解，用C++和python实现
第一题
解题思路
暴力解法
嵌入两层循环：第一层：i 从 0 到 n-2 ； 第二层： j 从 i+1 到 n-1；判断nums[i] +nums[j] == target， 如果成立则是正确答案。时间复杂度O(n^2)
**map解法 O(n*logn)**
把数组存在一个map里边，map的key是数组的值，map的value是数组的下标，这样只需要遍历原数组，查看a = target - nums[i]的值在不在map的key中，如果存在，并且map[a]与i不相等，则这两个值就是需要返回的下标。
时间复杂度O(n)，空间复杂度O(n)
代码如下：
C++
class Solution {
public:
vector<int> twoSum(vector<int>& nums, int target) {
map<int, int> myset;
vector<int> results;
for(auto tmp = nums.begin(); tmp<nums.end(); tmp++)
myset[*tmp] = tmp - nums.begin();
for(auto tmp = nums.begin(); tmp<nums.end(); tmp++)
{
if(myset.find(target - *tmp) != myset.end() && (*myset.find(target - *tmp)).second != (tmp-nums.begin()))
{
results.push_back(tmp-nums.begin());
results.push_back(myset[target - *tmp]);
break;
}
}
return results;
}
};python
class Solution:
def twoSum(self, nums: List[int], target: int) -> List[int]:
map = {}
for i in range(len(nums)):
if map.__contains__(target - nums[i]):
return [map[target - nums[i]], i]
map[nums[i]] = i第二题
解题思路
从左到右遍历链表，以此相加，每一个位置生成一个新的节点
时间复杂度：O(max(len(l1), len2(l2))
考虑边界
进位的处理：carry表示进位，当最后一位还有进位时，即使l1和l2均为NULL的情况下，还需要生成一个新的节点
代码如下：
C++
/**
* Definition for singly-linked list.
* struct ListNode {
* int val;
* ListNode *next;
* ListNode(int x) : val(x), next(NULL) {}
* };
*/
class Solution {
public:
ListNode* addTwoNumbers(ListNode* l1, ListNode* l2) {
ListNode *head = new ListNode(0); //建立观察节点
ListNode *temp = head;
int carry = 0; //保留进位
int sum = 0;
while(l1 || l2)
{
if(l1 && l2) //两个链表都非空
{
sum = l1->val + l2->val + carry;
l1 = l1->next;
l2 = l2->next;
}
else if(l1)
{
sum = l1->val + carry;
l1 = l1->next;
}
else
{
sum = l2->val + carry;
l2 = l2->next;
}
//求出和和进位 添加到新的链表
carry = sum/10;
sum = sum % 10;
head->next = new ListNode(sum);
head = head->next;
if((l1 == NULL || l2 == NULL) && carry == 0)
{
head->next = l1 ? l1 : l2; //将非空链表的剩余节点添加到新联表中
return temp->next;
}
}
if (carry) //如果最后以为还有进位
{
head->next = new ListNode(carry);
}
//head->next->next = NULL;
return temp->next;
}
};python
# Definition for singly-linked list.
# class ListNode:
# def __init__(self, x):
# self.val = x
# self.next = None
class Solution:
def addTwoNumbers(self, l1: ListNode, l2: ListNode) -> ListNode:
p=result=ListNode (-1)
temp=0
while l1 and l2:#当l1和l2属于同长度部分
sum=l1.val+l2.val+temp
temp=int(sum/10)
ptemp=ListNode(sum%10)
p.next=ptemp
p=p.next
l1=l1.next
l2=l2.next
temp1=l1 or l2
while temp1:#当l1和l2属于不同长度部分
sum=temp1.val+temp
temp=int(sum/10)
ptemp=ListNode(sum%10)
p.next=ptemp
p=p.next
temp1=temp1.next
if temp:
p.next=ListNode(temp)
return result.next第三题
如果给一个例子"abcabcbb"，让你手动找无重复字符的子串，该怎么找？一个字符一个字符的遍历，比如a，b，c，然后又出现了一个a，那么此时就应该去掉第一次出现的a，然后继续往后，又出现了一个b，则应该去掉一次出现的b，以此类推，最终发现最长的长度为3。所以说，我们需要记录之前出现过的字符，记录的方式有很多，最常见的是统计字符出现的个数，但是这道题字符出现的位置很重要，所以我们可以使用HashMap来建立字符和其出现位置之间的映射。进一步考虑，由于字符会重复出现，到底是保存所有出现的位置呢，还是只记录一个位置？我们之前手动推导的方法实际上是维护了一个滑动窗口，窗口内的都是没有重复的字符，我们需要尽可能的扩大窗口的大小。由于窗口在不停向右滑动，所以我们只关心每个字符最后出现的位置，并建立映射。窗口的右边界就是当前遍历到的字符的位置，为了求出窗口的大小，我们需要一个变量left来指向滑动窗口的左边界，这样，如果当前遍历到的字符从未出现过，那么直接扩大右边界，如果之前出现过，那么就分两种情况，在或不在滑动窗口内，如果不在滑动窗口内，那么就没事，当前字符可以加进来，如果在的话，就需要先在滑动窗口内去掉这个已经出现过的字符了，去掉的方法并不需要将左边界left一位一位向右遍历查找，由于我们的HashMap已经保存了该重复字符最后出现的位置，所以直接移动left指针就可以了。我们维护一个结果res，每次用出现过的窗口大小来更新结果res，就可以得到最终结果了。
代码
C++
class Solution {
public:
int lengthOfLongestSubstring(string s) {
vector<int> m(256,-1);
int res = 0, left = -1;
for(int i = 0; i < s.size(); ++i)
{
left = max(left, m[s[i]]);
m[s[i]] = i;
res = max(res, i - left);
}
return res;
}
};python
class Solution:
def lengthOfLongestSubstring(self, s: str) -> int:
res = 0
List = []
for i in s:
if i not in List:
List.append(i)
res = max(res, len(List))
else:
index = List.index(i)
List.append(i)
List = List[index+1:]
return res