从上面的分析知道，当fast和slow相遇时，slow还没有走完链表，假设fast已经在环内循环了n(1<= n)圈。假设slow走了s步，则fast走了2s步，又由于
fast走过的步数 = s + n*r（s + 在环上多走的n圈,环的长度是r），则有下面的等式：
(1)2*s = s + n * r ;
(2)=> s = n*r
如果假设整个链表的长度是L，入口和相遇点的距离是x（如上图所示），起点到入口点的距离是a(如上图所示)，则有：
(3) 由（2）推出 a + x = s = n * r;
(4) a + x = (n - 1) * r + r = (n - 1) * r + (L - a) 由环的长度 = 链表总长度 - 起点到入口点的距离求出
(5) a = (n - 1) * r + (L -a -x)
集合式子（5）以及上图我们可以看出，在步长为2，圈数n=1的时候:从链表起点head开始到入口点的距离a,与从slow和fast的相遇点（如图）到入口点的距离相等。
因此我们就可以分别用一个指针（ptr1, prt2），同时从head与slow和fast的相遇点出发，每一次操作走一步，直到ptr1 == ptr2，此时的位置也就是入口点！
到此第二个问题也已经解决。