根号分治真是妙啊。
思路
考虑对于单独的一个\(k\)如何计算答案。
与“赛道修建”非常相似，但那题要求边，这题要求点，所以更加简单。
在每一个点贪心地把子树升上来的两条最长的链拼在一起，能组就组，否则把最长链往上送，复杂度\(O(n)\)。
那么多个\(k\)怎么办呢？
分析一波，\(k<\sqrt{n}\)时可以暴力计算，而\(k>\sqrt{n}\)时\(ans_k\leq \lfloor \frac{n}{k}\rfloor\)，只有\(\sqrt{n}\)种取值。
显然\(ans\)单调不增，所以可以二分边界，复杂度\(O(n\sqrt{n}\log n)\)。
把界限调为\(\sqrt{n\log n}\)后复杂度可以优化至\(O(n\sqrt{n\log n})\)。
然而我这么写T掉了……
发现网上还有一种整体二分的写法，不知为何跑的飞快……只能改成整体二分了……
代码
注释掉的是根号分治的代码，求找错\(Q\omega Q\)
#include<bits/stdc++.h>
namespace my_std{
using namespace std;
#define pii pair<int,int>
#define fir first
#define sec second
#define MP make_pair
#define rep(i,x,y) for (int i=(x);i<=(y);i++)
#define drep(i,x,y) for (int i=(x);i>=(y);i--)
#define go(x) for (int i=head[x];i;i=edge[i].nxt)
#define sz 101010
typedef long long ll;
typedef double db;
mt19937 rng(chrono::steady_clock::now().time_since_epoch().count());
template<typename T>inline T rnd(T l,T r) {return uniform_int_distribution<T>(l,r)(rng);}
template<typename T>inline void read(T& t)
{
t=0;char f=0,ch=getchar();double d=0.1;
while(ch>'9'||ch<'0') f|=(ch=='-'),ch=getchar();
while(ch<='9'&&ch>='0') t=t*10+ch-48,ch=getchar();
if(ch=='.'){ch=getchar();while(ch<='9'&&ch>='0') t+=d*(ch^48),d*=0.1,ch=getchar();}
t=(f?-t:t);
}
template<typename T,typename... Args>inline void read(T& t,Args&... args){read(t); read(args...);}
void file()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("a.txt","r",stdin);
#endif
}
// inline ll mul(ll a,ll b){ll d=(ll)(a*(double)b/mod+0.5);ll ret=a*b-d*mod;if (ret<0) ret+=mod;return ret;}
}
using namespace my_std;
int n;
struct hh{int t,nxt;}edge[sz<<1];
int head[sz],ecnt;
void make_edge(int f,int t)
{
edge[++ecnt]=(hh){t,head[f]};
head[f]=ecnt;
edge[++ecnt]=(hh){f,head[t]};
head[t]=ecnt;
}
int K;
int f[sz];
int id[sz],fa[sz],cnt;
#define v edge[i].t
void dfs(int x,int fa)
{
::fa[x]=fa;
go(x) if (v!=fa) dfs(v,x);
id[++cnt]=x;
}
int check(int len)
{
K=len;
int ret=0;
rep(i,1,n)
{
int x=id[i],mx1=0,mx2=0;
go(x) if (v!=fa[x])
{
if (f[v]>mx1) mx2=mx1,mx1=f[v];
else if (f[v]>mx2) mx2=f[v];
}
if (mx1+mx2+1>=K) ++ret,f[x]=0;
else f[x]=mx1+1;
}
return ret;
}
#undef v
int ans[sz];
void solve(int l,int r,int L,int R)
{
if (r<l) return;
if (L==R) { rep(i,l,r) ans[i]=L; return; }
int mid=(l+r)>>1,s=check(mid);
ans[mid]=s;
solve(l,mid-1,s,R),solve(mid+1,r,L,s);
}
int main()
{
file();
read(n);
int x,y;
rep(i,1,n-1) read(x,y),make_edge(x,y);
dfs(1,0);
/*
int T=sqrt(n*log2(n));
rep(i,1,T) ans[i]=check(i);
int las=T;
drep(i,n/T,0)
{
int l=las+1,r=n,R=-1;
while (l<=r)
{
int mid=(l+r)>>1;
if (check(mid)>=i) R=mid,l=mid+1;
else r=mid-1;
}
rep(j,las+1,R) ans[j]=i;
las=max(las,R);
}
rep(i,1,n) printf("%d\n",ans[i]);
*/
solve(1,n,0,n);
rep(i,1,n) printf("%d\n",ans[i]);
return 0;
}