这一道题,算是我“千辛万苦”才做出来的吧。因为,我在时超70后代写了很久,才找出了一个能对但又不超时的方法。
下边,来说一说我的超时思想:
用i来枚举,从1一直到2000000,在一个个判断,知道i不可以结合出来就输出并结束程序,(呵呵,不超时的话,那就是相当于中了2亿元的大奖了)
好了看一看超时代吗:
#include<cstdio>
using namespace std ;
int a[51 ],f[2000001 ];
bool bz[2000001 ];
int k,n;
bool pd(int x)
{
int i;
f[x]=666666666 ;
for (i=1 ;i<=x/2 ;i++)
{
if (bz[i]==true &&bz[x-i]==true )
{
bz[x]=true ;
if (f[x]>f[i]+f[x-i]) f[x]=f[i]+f[x-i];
}
}
if (f[x]>k) return false ;
else return bz[x];
}
int main()
{
int i,j;
scanf ("%d%d" ,&k,&n);
for (i=1 ;i<=n;i++)
{
scanf ("%d" ,&a[i]);
for (j=1 ;j<=k;j++)
{
bz[a[i]*j]=true ;
f[a[i]*j]=j;
}
}
for (i=1 ;i<=2000000 ;i++)
{
if (bz[i]==true ) continue ;
else
{
if (pd(i)==true ) continue ;
else
{
printf ("%d\n" ,i-1 );
return 0 ;
}
}
}
printf ("%d\n" ,i-1 );
return 0 ;
}
好了,现在来说一说不会超时的简洁的短型代码吧!
其实是这样的:
f[i]表示的是凑成i分最少要多少张邮票,就是如下:
for (i=1 ;i<=2000000 ;i++)
{
f[i]=666666666 ;
for (j=1 ;j<=n;j++)
{
if (i-a [j]>=0 &&f[i]>f[i-a [j]]+1 ) f[i]=f[i-a [j]]+1 ;
}
}
十分简单明了,下面来看一看判断语句吧:
if (f[i]>k)
{
printf ("%d \n" ,i-1 );
return 0 ;
}
是不是很简单,有没有想明白呢?
其实,这些USACO的题目是比较适合那些需要提高思维能力的人去做的,因为只有做了以后,你才能在思维上有了质的飞越,希望多多思考,争取能够独立完成USACO的所有题!
好了,废话也就说完了,下面来出一下完整代码:
#include<cstdio>
using namespace std ;
int a[51 ],f[2000001 ];
int k,n;
int main()
{
int i,j;
scanf ("%d%d" ,&k,&n);
for (i=1 ;i<=n;i++)
scanf ("%d" ,&a[i]);
for (i=1 ;i<=2000000 ;i++)
{
f[i]=666666666 ;
for (j=1 ;j<=n;j++)
{
if (i-a[j]>=0 &&f[i]>f[i-a[j]]+1 ) f[i]=f[i-a[j]]+1 ;
}
if (f[i]>k)
{
printf ("%d\n" ,i-1 );
return 0 ;
}
}
printf ("%d\n" ,i-1 );
return 0 ;
}