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题目:CH2601.
题目大意:给定一张电路,边的状态给定,为'/'或'\',求使得点(1,1)与(r,c)连通的最小交换边数.
首先这道题我们转换为一张无向图,那么我们可以连边,当两个点之间的边与这个格点上的状态重合时,我们将边权设为0,否则设为1.
我们发现我们接下来就得到了一张只有0或1作为边权的图,要求图的最短路.
这个时候我们直接跑最短路吗?我们可以不用最短路,而用双端队列BFS.
我们可以在扩展的时候,经过边权为0的边插入队头,为1的边插入队尾.这样我们可以保证队列中的元素只有两种权值以及有序.
然后这时候当我们的队头被我们取出后,我们可以发现队头的值已经不可能被再次更新了.但不意味着每个元素只会被更新一次,只要这个元素还未出队或未进队,这个元素就可以被重复更新.
所以这个算法的时间复杂度为,其中m表示连的边数,由于一个点最多会连出4条边,所以我们可以将时间复杂度看成,省略常数后为.
代码如下:
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define Abigail inline void
const int _x[4]={-1,-1,1,1},_y[4]={-1,1,1,-1};
const int N=500;
const int INF=(1<<30)-1;
int v[N+9][N+9][4],n,m;
int dis[N+9][N+9],use[N+9][N+9]; //use[i][j]为0表示未进队,为1表示进队但未出队,为2表示出队
struct node{
int x,y;
node(int a,int b){
x=a,y=b;
}
};
deque<node>q;
char rc(){
char c=getchar();
while (c^'/'&&c^'\\') c=getchar();
return c;
}
void bfs(int sx,int sy){
for (int i=1;i<=n;i++)
for (int j=1;j<=m;j++)
use[i][j]=0,dis[i][j]=INF;
use[sx][sy]=1;
dis[sx][sy]=0;
q.push_back(node(sx,sy));
while (!q.empty()){
node t=q.front();
use[t.x][t.y]=2;
q.pop_front(); //必须写在这里,不然删除的不一定是这个状态
for (int i=0;i<4;i++){
int nh=t.x+_x[i],nl=t.y+_y[i];
if (use[nh][nl]==2||nh>n||nh<1||nl>m||nl<1) continue;
dis[nh][nl]=min(dis[t.x][t.y]+v[t.x][t.y][i],dis[nh][nl]);
if (use[nh][nl]) continue;
if (v[t.x][t.y][i]) q.push_back(node(nh,nl));
else q.push_front(node(nh,nl));
}
}
}
Abigail into(){
int dis;
char c;
scanf("%d%d",&n,&m);
for (int i=1;i<=n;i++)
for (int j=1;j<=m;j++){
c=rc();
dis=c=='/'?1:0;
v[i][j][2]=dis;v[i+1][j+1][0]=dis;
v[i+1][j][1]=dis^1;v[i][j+1][3]=dis^1;
}
n++;m++;
}
Abigail work(){
bfs(1,1);
}
Abigail outo(){
if (use[n][m]) printf("%d\n",dis[n][m]);
else printf("NO SOLUTION\n");
}
int main(){
int T;
scanf("%d",&T);
while (T--){
into();
work();
outo();
}
return 0;
}