原题链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=6321
题目大意:
给出n个点和m个操作,每次操作可以可以在两个点之间连线或者删除这两个点之间的连线,问匹配数为1、2...n/2的边的数量,意思就是求出互不相交的j条边的组数,j为1~n/2。
解题思路:
用图的思想来理解点,首先最多有10个点,每个点都有被占用和未被占用两种状态,所以一共有2^10种状态。
每次增加一条边,则在0~1023种状态中找,a和b在二进制位数下都是0的状态,然后更新这个状态的a和b相应位数都变为1之后的新状态
代码思路:
1、用num[a] 表示1<<(a-1),用cnt[i] 表示二进制下i的1的数目
2、dp[ i+num[a]+num[b] ]直接加上当前dp[ i ]的值并取模
3、同理,若是减边,则是dp[ i ]减去dp[ i-num[a]-num[b] ]的值并取模
核心:状态转换为二进制,并不断地用原状态来更新下一个状态,记录答案,注意取模时为负数!
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
ll mod = 1e9+7;
ll dp[1025], cnt[1025]; //记录每一种情况
ll num[15];
ll ans[15]; //计算成功匹配边数的数目
int n;
void add(int a, int b)
{
for(int i=0; i<(1<<n); i++)
{
if((i&num[a])==0 && (i&num[b])==0) //a和b两个点都没占用
{
if(cnt[i]%2==0) //记录该种情况加边后的dp 并更新答案
{
dp[i+num[a]+num[b]] = (dp[i+num[a]+num[b]] + dp[i])%mod;
ans[cnt[i]/2+1] = (ans[cnt[i]/2+1]+dp[i])%mod;
}
}
}
}
void sub(int a, int b)
{
for(int i=0; i<(1<<n); i++) //a和b两个点都占用
{
if((i&num[a])>0 && (i&num[b])>0)
{
if(cnt[i]%2==0) //记录该种情况减边后的dp 并更新答案
{
dp[i] = (dp[i] - dp[i-num[a]-num[b]]+mod)%mod;
ans[cnt[i]/2] = (ans[cnt[i]/2] - dp[i-num[a]-num[b]]+mod)%mod;
}
}
}
}
int main()
{
int caz;
scanf("%d", &caz);
for(int i=0; i<11; i++)
num[i]=1<<i;
for(int i=1;i<=1023;i++)
cnt[i]=__builtin_popcount(i);
while(caz--)
{
int m, a, b;
scanf("%d %d", &n, &m);
memset(dp, 0, sizeof(dp));
memset(ans, 0, sizeof(ans));
dp[0]=1; //最初开始加边时从0开始加
char ch[10];
for(int i=0; i<m; i++)
{
scanf("%s%d%d", ch, &a, &b);
if(ch[0]=='+') add(a-1, b-1);
else sub(a-1, b-1);
for(int i=1; i<=n/2; i++)
{
printf("%lld", ans[i]);
if(i==n/2) printf("\n");
else printf(" ");
}
}
}
return 0;
}