题面:
思路:
好一个打表题。。。
首先我们要发现各种性质:
直接对应了
在序列中出现的次数,又因为
是单调递增的,然后我们就可以通过前
的数据二分来算出后面任意一个
。
至于怎么算
发现它的差分数组为
,所以
,因为中间的
不同的数只有
个,相同的
可以通过等差数列求和来算,计算出和的前缀和,然后再二分一下算末尾的片段就好了。
然后就可以化简
。理论上来说这样的话这题就可以过了,但是带了一个
也是美中不足,
观察到
的意义为
的前缀和,也就是
的m的最大值,也就是一段相同的数的下标的最后一个,所以我们可以一整块一整块地从前往后推,同时计算
的时候也可以利用前面的状态了。
这题教给我太多了。。。。
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* Author : ylsoi
* Problem : illustrious
* Algorithm : print the table and math
* Time : -2018.6.22
* =====================================*/
#include<bits/stdc++.h>
#define REP(i,a,b) for(int i=a;i<=b;++i)
typedef long long ll;
using namespace std;
void File(){
freopen("20180622T3.in","r",stdin);
freopen("20180622T3.out","w",stdout);
}
const int maxn=1e6+10;
const ll mod=998244353;
int T,n;
ll f[maxn],g[maxn],gsum[maxn],gg[maxn];
ll F(ll x){return lower_bound(g+1,g+maxn-9,x)-g;}
ll GG(ll x){
int pos=upper_bound(g+1,g+maxn-9,x)-g-1;
return (gsum[pos]+(pos+1)*(g[pos]+1+x)*(x-g[pos])/2)%mod;
}
void init(){
f[1]=1;
REP(i,2,maxn-10)f[i]=f[i-f[f[i-1]]]+1;
REP(i,1,maxn-10)g[i]=g[i-1]+f[i];
REP(i,1,maxn-10)gsum[i]=(gsum[i-1]+i*(2*g[i-1]+f[i]+1)*f[i]/2)%mod;
REP(i,1,1000)gg[i]=g[g[i]];
}
ll cal(ll x){
ll ret=0;
while(x){
ret=(ret+GG(x))%mod;
ll nex=g[F(x)-1];
x=nex;
}
return ret;
}
int main(){
File();
init();
scanf("%d",&T);
while(T--){
scanf("%d",&n);
printf("%lld\n",cal(n));
}
return 0;
}