不容易系列之(3)—— LELE的RPG难题
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 62635 Accepted Submission(s): 24959
Problem Description
人称“AC女之杀手”的超级偶像LELE最近忽然玩起了深沉,这可急坏了众多“Cole”(LELE的粉丝,即"可乐"),经过多方打探,某资深Cole终于知道了原因,原来,LELE最近研究起了著名的RPG难题:
有排成一行的n个方格,用红(Red)、粉(Pink)、绿(Green)三色涂每个格子,每格涂一色,要求任何相邻的方格不能同色,且首尾两格也不同色.求全部的满足要求的涂法.
以上就是著名的RPG难题.
如果你是Cole,我想你一定会想尽办法帮助LELE解决这个问题的;如果不是,看在众多漂亮的痛不欲生的Cole女的面子上,你也不会袖手旁观吧?
有排成一行的n个方格,用红(Red)、粉(Pink)、绿(Green)三色涂每个格子,每格涂一色,要求任何相邻的方格不能同色,且首尾两格也不同色.求全部的满足要求的涂法.
以上就是著名的RPG难题.
如果你是Cole,我想你一定会想尽办法帮助LELE解决这个问题的;如果不是,看在众多漂亮的痛不欲生的Cole女的面子上,你也不会袖手旁观吧?
Input
输入数据包含多个测试实例,每个测试实例占一行,由一个整数N组成,(0<n<=50)。
Output
对于每个测试实例,请输出全部的满足要求的涂法,每个实例的输出占一行。
Sample Input
12
Sample Output
36
定义 f(n) := n 个格子的填充方案数
f(1) = 3
R
G
B
f(2) = 6
RG RB
GR GB
BR BG
f(3) = 6
RGB RBG
GRB GBR
BRG BGR
f(4) = 18
RGRG RGRB RGBG RBRB RBRG RBGB
GRGR GRGB GRBR GBGB GBGR GBRB
BRBR BRBG BRGR BGBG BGBR BGRG
递归思想
一共有 n 格
对第 n 格填充颜色的时候应该注意:
前 n-1 格填充时有 f(n-1) 种填充方案 , 所以第 n 格有一种方案(因为第 n-1 格一定与第一格颜色不同)
f(1) = 3
R
G
B
f(2) = 6
RG RB
GR GB
BR BG
f(3) = 6
RGB RBG
GRB GBR
BRG BGR
f(4) = 18
RGRG RGRB RGBG RBRB RBRG RBGB
GRGR GRGB GRBR GBGB GBGR GBRB
BRBR BRBG BRGR BGBG BGBR BGRG
递归思想
一共有 n 格
对第 n 格填充颜色的时候应该注意:
前 n-1 格填充时有 f(n-1) 种填充方案 , 所以第 n 格有一种方案(因为第 n-1 格一定与第一格颜色不同)
前 n-2 格填充时有 f(n-2) 种填充方案 , 所以最后两格有2种方案(因为第 n-1 格一定与第一格颜色相同)
所以:
f(n) = f(n-1) + 2*f(n-2) n>3
所以:
f(n) = f(n-1) + 2*f(n-2) n>3
总的来说,若有n个格子,则有f(n)种方案
我们先讨论前 n-1 个格子的情况 :
如果前 n-1 个格子是填充好的 ,即第1个格子与第n-1个格子的颜色不同,那么第 n 个格子只能填一种颜色,就是与第n-1和第1个格子不同的那种颜色,这时候一共有f(n-1)种情况
如果前 n-1个格子没有填充好,前 n-2 个格子是填充好的。那么最后两个格子只能填充两种颜色,所以有 2*f(n-2) 种放法
最后得到的递推公式是 f(n)=f(n-1)+2*f(n-2)
#include<cstdio> #define ll long long ll a[62]; void init() { a[0]=3; a[1]=3; a[2]=6; a[3]=6; for(int i=4;i<62;i++) a[i]=a[i-1]+2*a[i-2]; } int main() { int n; init(); while(~scanf("%d",&n)) printf("%lld\n",a[n]); return 0; }
本人实力有限,如有错误请您不吝指出,谢谢。