【矩阵乘法】【SSL 1529】斐波拉契数列Ⅱ
题目
形如 1 1 2 3 5 8 13 21 34 55 89 144…的数列,求裴波拉契数列的第 n n n项。
输入
n n n (1〈 n n n 〈2 ^ 31)
输出
一个数为裴波拉契数列的第 n n n项 m o d mod mod 10000;
样例
input
123456789
output
4514
解题思路
矩阵乘法
两个矩阵 A A A, B B B相乘
t m tm tm的积的长为 A A A的长,宽为 B B B的宽
A A A的第一行的数分别乘B的第一列的数的积的和为其积的第一行第一列的数
如图所示
本题写法
已知 f [ n ] = f [ n − 1 ] + f [ n − 2 ] f[n]=f[n-1]+f[n-2] f[n]=f[n−1]+f[n−2]
如果要求 f [ n + 1 ] f[n+1] f[n+1]
即 f [ n + 1 ] = f [ n ] + f [ n − 1 ] f[n+1]=f[n]+f[n-1] f[n+1]=f[n]+f[n−1]
展开得 f [ n + 1 ] = f [ n − 1 ] + f [ n − 2 ] + f [ n − 1 ] f[n+1]=f[n-1]+f[n-2]+f[n-1] f[n+1]=f[n−1]+f[n−2]+f[n−1]
可构建一个答案矩阵存储当前的 f [ n − 1 ] f[n-1] f[n−1]和 f [ n ] f[n] f[n]
现在的f[n]即下一次的 f [ n − 1 ] f[n-1] f[n−1]
而下一次的 f [ n ] f[n] f[n]为当期f[n]与 f [ n − 1 ] f[n-1] f[n−1]的和
可构建矩阵
题目中 n n n是2^31
可想到用快速幂解决
代码
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
using namespace std;
const int mo=10000;
long long n;
struct hhx{
long long n,m,h[5][5];
}a,b,x;
hhx operator * (hhx l,hhx y) //重新定义乘号
{
x.n=l.n,x.m=y.m;
memset(x.h,0,sizeof(x.h));
for (int k=1;k<=l.m;k++)
for (int i=1;i<=x.n;i++)
for (int j=1;j<=x.m;j++)
x.h[i][j]=(x.h[i][j]+l.h[i][k]*y.h[k][j]%mo)%mo;
return x;
}
void power(long long n) //快速幂
{
if (n & 1) a=a*b;
if (n==1) return;
b=b*b;
power(n/2);
}
int main()
{
a.n=1,a.m=2;
a.h[1][1]=a.h[1][2]=1;
b.n=2,b.m=2;
b.h[1][2]=b.h[2][1]=b.h[2][2]=1; //赋值
scanf("%lld",&n);
power(n-1);
printf("%lld",a.h[1][1]);
return 0;
}