题目描述：
数轴上放置了一些筹码，每个筹码的位置存在数组 chips 当中。
你可以对 任何筹码 执行下面两种操作之一（不限操作次数，0 次也可以）：
- 方式一：将第 i 个筹码向左或者右移动 2 个单位，代价为 0。
- 方式二：将第 i 个筹码向左或者右移动 1 个单位，代价为 1。
最开始的时候，同一位置上也可能放着两个或者更多的筹码。返回将所有筹码移动到同一位置（任意位置）上所需要的最小代价。
提示：
1 <= chips.length <= 100
1 <= chips[i] <= 10^9
示例 1：
输入：chips = [1,2,3]
输出：1
解释：第二个筹码移动到位置三的代价是 1，第一个筹码移动到位置三的代价是 0，总代价为 1。
示例 2：
输入：chips = [2,2,2,3,3]
输出：2
解释：第四和第五个筹码移动到位置二的代价都是 1，所以最小总代价为 2。
贪心算法：解题思路
为了保证总开销值最小，对于每一次的移动选择，我们如果能选择开销为0的移动方式（方式一），就绝对不选择开销为1的移动方式（方式二）。因此我们尽量通过方式一先将尽量多的筹码移动到一起，在剩下的筹码无法再通过方式一来移动到同一位置的时候，尽量使用最少次数的方式二来移动。
规律：我们能够将所有奇数位置的筹码移动到同一个位置（记作位置A），同时能够将所有偶数位置的移动到同一位置（记作位置B），并且位置A和位置B可以是数轴上任意两个相邻的位置（也就是|A-B|=1，之所以要相邻，是因为相邻的位置移动的次数最少。为了方便，我们这里统一将奇数位置的筹码移动到position[1]，将偶数位置的筹码移动到Postion[2]）.
所有奇数位置的筹码都可以通过N次方式一移动到位置postion[1]，所有偶数位置的筹码都可以通过M次方式一移动到位置position[2].这里一共花费开销为0，然后使用K次方式二将postion[1]和postion[2]两者中筹码数量较少的那一堆移动到另一堆即可，K即为min(position[1], position[2])。而postion[1]和postion[2]中的筹码数量实际上就是position数组中奇数位置的筹码数量和偶数位置的筹码数量。
代码如下：
class Solution {
public int minCostToMoveChips(int[] position) {
int n = position.length;
int a = 0, b = 0;
for (int m : position) {
if (m % 2 == 0) {
a++;
} else {
b++;
}
}
return a > b ? b : a;
}
}
执行结果：
