注意：代码不保证一定正确，因为这些题目在补题的时候无法在洛谷提交，当然思路是没有问题的（白嫖题解的思路 ）
T130013 游园会盖章
题目链接
这题就是个水题，哎怪我读错题了
代码
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<map>
#include<string>
#include<vector>
#include<queue>
void fre() { freopen("A.txt","r",stdin);} //freopen("Ans.txt","w",stdout); }
using namespace std;
char ar[20][55] = {
"...........................,]]OOO@@@@OOO]`........",
"....................,]OO@@@@@@@@@@@@@@@@@@@@O`....",
"................./O@@@@@@@@@@@@@@@@@@@@@@@@@@@@^..",
"............../O@@@@@@@@@@@@@@@OOOOOOO@@@@@@@@@@@.",
"..........,/@@@@@@@@@@@@O/[.............[O@@@@@@@\\",
"........,O@@@@@@@@@@O/`..................,O@@@@@@O",
".......O@@@@@@@@@O`......]OO@@@O\\`........O@@@@@@@",
".....,O@@@@@@@@/`.....]O@@@@@@@@@@^.......O@@@@@@@",
"...,/@@@@@@@O/...../@@@@@@@@@@@@@@O....../@@@@@@@0",
"..=@@@@@@@O`...../@@@@@@@@@@@@@@@@^.....O@@@@@@@O.",
"./@@@@@@@/......O@@@@@@@@@@@@@@@O`..../@@@@@@@@O..",
"=@@@@@@@O......O@@@@@@@@@@@@@@@^....O@@@@@@@@@O...",
"O@@@@@@@^.....=@@@@@@@@@@@@@O[..../@@@@@@@@@O`....",
"@@@@@@@O.......\\@@@@@@@@O[...../O@@@@@@@@@O`......",
"@@@@@@@@^.........[`.......]OO@@@@@@@@@@O`........",
"O@@@@@@@@O\\............]/@@@@@@@@@@@@O/...........",
"=@@@@@@@OOOoo`........O@@@@@@@@@@@@/`.............",
"..\\OOOOO*,`*..........O@@@@@@@@@O`................",
".....,[[..............O@@@@@@O`...................",
"......................O@@@@@@O....................",
};
char maze[1005][2005];
int main()
{
/* fre(); */
int n, h, w;
scanf("%d %d %d", &n, &h, &w);
int t, x, y;
memset(maze, '.', sizeof(maze));
while(n --)
{
scanf("%d %d %d", &x, &y, &t);
if(t == 0)
{
for(int i = x; i < x + 20; i ++)
for(int j = y; j < y + 50; j ++)
if(i < h && j < w && ar[i - x][j - y] != '.')
maze[i][j] = ar[i - x][j - y];
}
else
{
for(int i = x; i < x + 20; i ++)
for(int j = y; j < y + 50; j ++)
if(i < h && j < w && ar[19 - i + x][49 - j + y] != '.')
maze[i][j] = ar[19 - i + x][49 - j + y];
}
}
for(int i = 0; i < h; i ++)
{
for(int j = 0; j < w; j ++)
printf("%c", maze[i][j]);
printf("\n");
}
return 0;
}
T130014 补刀
思路
- 分析：这一题直接分类讨论就行了
- 如果 当前人物 攻击为0，那么一定不能杀死怪物
- 如果 防御塔的攻击为0，那么人物移动可以杀死怪物
- 在防御塔把怪物击杀前，必须是人物给他致命一击，我们考虑如果人物不攻击，假设防御塔需要 x次攻击才可以杀死怪物，因为人物的攻速于防御塔的攻速相同，并且人物可在刚开始在防御塔攻击钱，先进性攻击，因此防御塔攻击x-1次的话，人物最多可以攻击 x次，防御塔攻击x-1次还没把怪物杀死，此时假设怪物的剩下的血量为t，人物的攻击为s，如果人攻击x次造成的伤害为sum = x*s如果sum >= t 的话就一定可以杀死怪物，小于的话就会被防御塔的下一次攻击给杀死。
注意：0%0是错的❌
代码
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <vector>
#include <queue>
#include <stack>
#include <string>
void fre() { freopen("A.txt","r",stdin); freopen("Ans.txt","w",stdout); }
using namespace std;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
#define ll long long
ll h, x, y;
bool judge(ll num)
{
ll l = 1, r = num + 1;
int ans = 0;
while(l <= r)
{
ll md = (l + r) >> 1;
if(num * x + md * y >= h)
{
r = md - 1;
ans = 1;
}
else
{
l = md + 1;
}
}
return ans = 1;
}
int main()
{
/* fre(); */
int t;
scanf("%d", &t);
while(t --)
{
scanf("%lld %lld %lld", &h, &x, &y);
if(x == 0 && y == 0)
{
printf("No\n");
continue;
}
else if(x == 0)
{
printf("Yes\n");
continue;
}
ll r = h/x;
if(r * x != h)
r ++;
r --;
int ans = 0;
if(r + 1 >= ceil((double)(h - r * x)/ y))
ans = 1;
if(ans)
printf("Yes\n");
else
printf("No\n");
}
return 0;
}
T130015 建设岛屿
思路
题意：让我们建设岛屿，形状规则如下图，之后给我了一个n*m的地图，我们我们可以改这个地图的高度k次，每一改变是使某个格子中的数字（代表高度）+1，注意我们只能在原来的数（高度）上增加，不能减少，问我们在这个地图上最大能建造多大的 如下图所示的”回字形图形“
- 分析：由于题目给的数据 ,我们可以暴力枚举一下，我们第一层循环从大到小枚举可以修的层数r，对每一个相应的层数，我们可以所有的状态，在检查某个状态是否符合题意的时候，并统计最少需要的更改地形的次数，如果次数>k或者该状态不符合题意，直接break，进行下一个状态
- 算法复杂度勉强算是 ,因为 r 很大的时候，其实可枚举的状态很少的，而当r很小的时候，虽然需要枚举的状态多但是，但是遍历判断状态判断的格子少
代码
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<map>
#include<string>
#include<vector>
#include<queue>
void fre() { freopen("A.txt","r",stdin); freopen("Ans.txt","w",stdout); }
using namespace std;
int mp[105][105];
int main()
{
/* fre(); */
int t;
scanf("%d", &t);
while(t --)
{
int m, n, k;
scanf("%d %d %d", &m, &n, &k);
for(int i = 1; i <= m; i ++)
for(int j = 1; j <= n; j ++)
scanf("%d", &mp[i][j]);
int r = min(m, n);
while(r)
{
int flag = 0;
for(int i = r; i <= m - r + 1; i ++)
{
for(int j = r; j <= n - r + 1; j ++)
{
flag = 1; int cnt = 0;
for(int a = i - r + 1; a <= i + r - 1; a ++)
{
for(int b = j - r + 1; b <= j + r - 1; b ++)
{
int lv = r - max(abs(a - i), abs(b - j));
if(mp[a][b] > lv)
{
flag = 0;
break;
}
cnt += (lv - mp[a][b]);
}
if(! flag)
break;
}
if(cnt > k)
flag = 0;
if(flag)
{
printf("%d\n", r);
break;
}
}
if(flag)
break;
}
if(flag)
break;
r --;
}
if(r == 0)
printf("0\n");
}
return 0;
}
T130016 传送门
思路
-
题意：给我一个各个点相互联通的无向图，我们可以选择在这个无向图中的两点假设一个传送门，使这两个点的距离变为0，当这两个点的距离为0之后，这样就有可能影响其他点对点之间的最短距离，问但我在
任意点对之间架设一个传送门之后，任意点对之间的最短路距离之和最小为多少？ -
分析：这一题，题目已经给了提升，任意点对，能求任意点对点之间的最短距离只有floyed算法了，
当时咋没看出来呢，用floyed跑完多元最短路之后( ，剩下就是暴力枚举 任意一个点对设为（i , j）在这个点对上架设传送门,这里复杂度为 ，在假设个传送门之后，我们考虑，除了（i，j）点对之外，枚举其他点对设为（a，b），这里复杂度为 ，会收到这个传送门的什么影响呢？设一个点对（x，y）在跑完floyed之后对最短路距离为dp[x][y] == dp[y][x],，，，我考虑如果a 到b点点最短路不经过i-j这一边的话，那么a到b之间的最短路距离是不会被影响的，反之如果经过了i-j这条路的化（经过的情况可以是 a-i-j-b、a-j-i-b），那么a到b之间的距离肯定会被影响，这个时候a到b之间的最短路距离是min(dp[a][b], min(dp[a][i] + dp[j][b], dp[a][j] + dp[i][b]))
代码
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<map>
#include<string>
#include<vector>
#include<queue>
void fre() { freopen("A.txt","r",stdin); freopen("Ans.txt","w",stdout); }
#define INF 0x3f3f3f3f
using namespace std;
const int mxn = 105;
int dp[mxn][mxn];
int main()
{
/* fre(); */
int n, m;
scanf("%d %d", &n, &m);
for(int i = 1; i <= n; i ++)
for(int j = 1; j <= n; j ++)
if(i == j) dp[i][j] = 0;
else dp[i][j] = INF;
int u, v, w;
for(int i = 0; i < m; i ++)
{
scanf("%d %d %d", &u, &v, &w);
//建立双向边
dp[u][v] = w;
dp[v][u] = w;
}
//floyed 算法
for(int k = 1; k <= n; k ++)
for(int i = 1; i <= n; i ++)
for(int j = 1; j <= n; j ++)
dp[i][j] = min(dp[i][j], dp[i][k] + dp[k][j]);
//假设假设建立传送门的点对为（i，j）(默认j > i)，枚举减少的距离任意一个点对点（a, b）（这里默认b > a）距离为
int ans = INF, res;
for(int i = 1; i < n; i ++)
for(int j = i + 1; j <= n; j ++)
{
res = 0;
for(int a = 1; a < n; a ++)
for(int b = a + 1; b <= n; b ++)
if(a != i || b != j)
res += min(dp[a][b], min(dp[a][i] + dp[j][b], dp[a][j] + dp[i][b]));
ans = min(ans, res);
}
printf("%d\n", ans);
return 0;
}
原创文章 220
获赞 292
访问量 3万+