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题解
这题感觉思路挺直接的,没啥想不到的地方或者是脑筋急转弯,认真仔细一点、把事情想清楚就可以了
用 表示考虑了前 个学科,目前有 个人还被主人公给碾压着
考虑 怎么转移
显然必须有 ,再者必须有
其实事情很简单,先从 个人里面选出 个人,让这些人继续被碾压,这里有个 ,然后我不是要凑齐 个分数比主人公低的吗,这剩下的 个人必须从 个“已经摆脱碾压”的人里面选,也就是 。好现在我已经选出了 个人成绩比主人公低、 个人成绩比主人公高。
枚举主人公的成绩 ,合法的方案数为
写出来状态转移方程:
然后发现后面那一大坨只和 有关,可以提前预处理,所以可以拿出来。令
那么
如果求出了 ,这个 显然是 的
怎么求呢,其实很简单, 这个东西就是 的 次多项式,那么当 取前 个正整数再求和的时候,这个 实际上就是个 次多项式
直接拉格朗日插值即可,预处理复杂度
代码
#include <bits/stdc++.h>
#include <ext/pb_ds/assoc_container.hpp>
#include <ext/pb_ds/tree_policy.hpp>
#define iinf 0x3f3f3f3f
#define linf (1ll<<60)
#define eps 1e-8
#define maxn 500
#define cl(x) memset(x,0,sizeof(x))
#define rep(i,a,b) for(i=a;i<=b;i++)
#define drep(i,a,b) for(i=a;i>=b;i--)
#define em(x) emplace(x)
#define emb(x) emplace_back(x)
#define emf(x) emplace_front(x)
#define fi first
#define se second
#define de(x) cerr<<#x<<" = "<<x<<endl
using namespace std;
using namespace __gnu_pbds;
typedef long long ll;
typedef pair<int,int> pii;
typedef pair<ll,ll> pll;
ll read(ll x=0)
{
ll c, f(1);
for(c=getchar();!isdigit(c);c=getchar())if(c=='-')f=-f;
for(;isdigit(c);c=getchar())x=x*10+c-0x30;
return f*x;
}
struct EasyMath
{
ll prime[maxn], phi[maxn], mu[maxn];
bool mark[maxn];
ll fastpow(ll a, ll b, ll c)
{
ll t(a%c), ans(1ll);
for(;b;b>>=1,t=t*t%c)if(b&1)ans=ans*t%c;
return ans;
}
void exgcd(ll a, ll b, ll &x, ll &y)
{
if(!b){x=1,y=0;return;}
ll xx, yy;
exgcd(b,a%b,xx,yy);
x=yy, y=xx-a/b*yy;
}
ll inv(ll x, ll p) //p是素数
{return fastpow(x%p,p-2,p);}
ll inv2(ll a, ll p)
{
ll x, y;
exgcd(a,p,x,y);
return (x+p)%p;
}
void shai(ll N)
{
ll i, j;
for(i=2;i<=N;i++)mark[i]=false;
*prime=0;
phi[1]=mu[1]=1;
for(i=2;i<=N;i++)
{
if(!mark[i])prime[++*prime]=i, mu[i]=-1, phi[i]=i-1;
for(j=1;j<=*prime and i*prime[j]<=N;j++)
{
mark[i*prime[j]]=true;
if(i%prime[j]==0)
{
phi[i*prime[j]]=phi[i]*prime[j];
break;
}
mu[i*prime[j]]=-mu[i];
phi[i*prime[j]]=phi[i]*(prime[j]-1);
}
}
}
ll CRT(vector<ll> a, vector<ll> m) //要求模数两两互质
{
ll M=1, ans=0, n=a.size(), i;
for(i=0;i<n;i++)M*=m[i];
for(i=0;i<n;i++)(ans+=a[i]*(M/m[i])%M*inv2(M/m[i],m[i]))%=M;
return ans;
}
}em;
#define mod 1000000007ll
ll _fact[maxn], inv[maxn], y[maxn], pref[maxn], suf[maxn], f[maxn][maxn], U[maxn], R[maxn],
C[maxn][maxn];
struct LagrangeInterpolation
{
ll _fact[maxn], inv[maxn], pref[maxn], suf[maxn];
ll calc(ll n, ll *y, ll X)
{
ll i, ans=0;
X%=mod;
inv[1]=1; rep(i,2,n)inv[i]=inv[mod%i]*(mod-mod/i)%mod;
_fact[0]=1; rep(i,1,n)_fact[i]=_fact[i-1]*inv[i]%mod;
pref[0]=X, suf[n+1]=1;
rep(i,1,n)pref[i]=pref[i-1]*(X-i)%mod;
drep(i,n,0)suf[i]=suf[i+1]*(X-i)%mod;
rep(i,0,n)
{
ll t=suf[i+1];
if(i)(t*=pref[i-1])%=mod;
(t*=_fact[i]*_fact[n-i]%mod)%=mod;
if(n-i&1)t=-t;
(ans+=t*y[i]%mod)%=mod;
}
return ans;
}
}lagrange;
int main()
{
ll i, j, k, N, M, K, t, ans=1;
N=read()-1, M=read(), K=read();
rep(i,1,M)U[i]=read();
rep(i,1,M)R[i]=N-read()+1;
rep(i,0,maxn-1)C[i][0]=1;
rep(i,1,maxn-1)rep(j,1,i)C[i][j]=(C[i-1][j-1]+C[i-1][j])%mod;
f[0][N]=1;
rep(i,1,M)
{
ll t, S;
rep(t,1,N+1)y[t]=(em.fastpow(t,R[i],mod)*em.fastpow((U[i]-t),N-R[i],mod)+y[t-1])%mod;
S=lagrange.calc(N+1,y,U[i]);
rep(j,0,R[i])
{
rep(k,j,N)
{
ll tmp=f[i-1][k]*C[k][j]%mod*C[N-k][R[i]-j]%mod, t;
(tmp*=S)%=mod;
(f[i][j]+=tmp)%=mod;
}
}
}
printf("%lld",(f[M][K]+mod)%mod);
return 0;
}