题目链接:HDU - 2435
似乎数据太水,很多可以卡死的代码都能秒过。
思路:
跑完一次最小割之后,整个图被分成了属于点1和属于点n的两块。
我们连边肯定是从点1的快,连向点n的块。于是我们可以枚举加的这条边的两个顶点。
这还不TLE?
我们考虑到第一次最小割才是最花时间的,对于后面连的边,我们相当于是在残量网络上面跑,所以是很快的。但是很多人没有记录残量网络也能过。
注意加边之后需要删掉。
AC代码:
#pragma GCC optimize("-Ofast","-funroll-all-loops")
#include<bits/stdc++.h>
//#define int long long
using namespace std;
const int inf=0x3f3f3f3f;
const int N=110,M=1e6+10;
int n,m,s,t,h[N],vis[N];
int head[N],nex[M],to[M],w[M],tot;
struct node{int to,w,nex;}cl[M];
inline void ade(int a,int b,int c){
to[++tot]=b; nex[tot]=head[a]; w[tot]=c; head[a]=tot;
}
inline void add(int a,int b,int c){ade(a,b,c); ade(b,a,0);}
inline int bfs(){
queue<int> q; q.push(s); memset(h,0,sizeof h); h[s]=1;
while(q.size()){
int u=q.front(); q.pop();
for(int i=head[u];i;i=nex[i]){
if(w[i]&&!h[to[i]]){
h[to[i]]=h[u]+1; q.push(to[i]);
}
}
}
return h[t];
}
int dfs(int x,int f){
if(x==t) return f; int fl=0;
for(int i=head[x];i&&f;i=nex[i]){
if(w[i]&&h[to[i]]==h[x]+1){
int mi=dfs(to[i],min(w[i],f));
w[i]-=mi,w[i^1]+=mi,fl+=mi,f-=mi;
}
}
if(!fl) h[x]=-1;
return fl;
}
inline int dinic(){
int res=0;
while(bfs()) res+=dfs(s,inf);
return res;
}
void dfs(int x){
vis[x]=1;
for(int i=head[x];i;i=nex[i]){
if(!vis[to[i]]&&w[i]) dfs(to[i]);
}
}
inline void solve(){
tot=1; memset(head,0,sizeof head); memset(vis,0,sizeof vis);
cin>>n>>m; s=1,t=n;
for(int i=1,a,b,c;i<=m;i++) scanf("%d %d %d",&a,&b,&c),add(a,b,c);
int res=dinic(),mx=0; dfs(1);
for(int i=2;i<=tot;i++) cl[i]={to[i],w[i],nex[i]};
for(int i=2;i<n;i++) if(vis[i]){
for(int j=2;j<n;j++) if(i!=j&&!vis[j]){
int hi=head[i],hj=head[j]; add(i,j,inf);
mx=max(mx,dinic()); tot-=2;
head[i]=hi,head[j]=hj;
for(int i=1;i<=tot;i++) to[i]=cl[i].to,w[i]=cl[i].w,nex[i]=cl[i].nex;
}
}
printf("%d\n",res+mx);
}
signed main(){
int T; cin>>T;
while(T--) solve();
return 0;
}