题目描述
给定一个n*n的棋盘,棋盘中有一些位置不能放皇后。现在要向棋盘中放入n个黑皇后和n个白皇后,使任意的两个黑皇后都不在同一行、同一列或同一条对角线上,任意的两个白皇后都不在同一行、同一列或同一条对角线上。问总共有多少种放法?n小于等于8。
输入
输入的第一行为一个整数n,表示棋盘的大小。
接下来n行,每行n个0或1的整数,如果一个整数为1,表示对应的位置可以放皇后,如果一个整数为0,表示对应的位置不可以放皇后。
输出
输出一个整数,表示总共有多少种放法。
样例输入
4
1 1 1 1
1 1 1 1
1 1 1 1
1 1 1 1
样例输出
2
思路
一开始想要在同一循环下同时放置两种棋子
但思考了许久,其一是觉得太麻烦,部分地方还需要额外添加条件,其二是时间复杂度必然会大大增加,想到了第二种方法——先完成一个在完成另一个,先将黑棋子安排完剩余地方再给白棋子安排,算下来时间复杂度是跟单棋子皇后问题时间复杂度是一样的——翻一倍
//2n皇后问题
#include<iostream>
using namespace std;
int ans=0;
int n;
int num[20][20];
bool col[10],x1[20],x2[20];//x1x2表示对角线 col表示列,这是黑棋子的限定条件
bool col2[10],x3[20],x4[20];//同上 白棋子的限定条件
//黑白棋子是可以同行同列的,只是一个位置只能容纳一个棋子,所以开两个条件数组来限定,而num是棋盘数组,也恰好用来检验位置是否被占用
bool check(int r,int i)
{
return !col [i]&&!x1[r+i]&&!x2[r-i+n]&&num[r][i];
}
bool check2(int r,int i){
return !col2[i]&&!x3[r+i]&&!x4[r-i+n]&&num[r][i];
}
void dfs(int black,int white)//搜索到第r行
{
if(black==n){//只有当黑棋子选完了才能选白棋子
if(white==n){
ans++;//如果黑白都填满了,收工,总和++
return ;
}
for(int j=0;j<n;j++){//白皇后选地址部分
if(check2(white,j)){
num[white][j]=0;
col2[j]=x3[white+j]=x4[white-j+n]=true;
dfs(black,white+1);
num[white][j]=1;
col2[j]=x3[white+j]=x4[white-j+n]=false;;
}
}
}
for(int i=0;i<n;i++)//黑皇后选地址部分
{
if(check(black,i)) //如果r行i列这个点没有冲突威胁
{ num[black][i]=0;
col[i]=x1[black+i]=x2[black-i+n]=true; //分别是列,行,斜线的值,r-i的值,对于每一个斜线都是定值
dfs(black+1,white);
num[black][i]=1;
col[i]=x1[black+i]=x2[black-i+n]=false; //重新置为false,使得下一种解可以执行
}
}
}
int main()
{ cin>>n;
for(int i=0;i<n;i++){
for(int j=0;j<n;j++){
cin>>num[i][j];
}
}
dfs(0,0);
cout<<ans<<endl;
return 0;
}