大概没你们说得复杂吧......
\(Part\;1\) \(Nim\)游戏
大家都对异或和感到懵逼吧（排除大佬），其实很简单，用\(SG\)函数打表计算即可解决：
抛个板子：
void get_sg(int n)
{
memset(sg,0,sizeof(sg));
for(int i=1;i<=n;i++)
{
memset(S,0,sizeof(S));
for(int j=1;f[j]<=i&&j<=m;j++)
{
S[sg[i-f[j]]]=1;
}
for(int k=0;k<=n;k++)
{
if(!S[k])
{
sg[i]=k;
break;
}
}
}
}
//S[]代表能被表示的数
//f[]代表可以转移的方法然后发现\(sg[a_i]=a_i\)（\(a_i\)为集合中元素个数），根据博弈论的常识知识即可知道答案。
\(Part\;2\) 取火柴游戏
一眼看出是\(Nim\)游戏的板子题，于是先上：
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
using namespace std;
int n,a[500005];
int sum=0;
int main()
{
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]),sum^=a[i];
if(sum) printf("win\n");
else printf("lose\n");
return 0;
}这人真粗鲁
不过仔细一看，还需要输出方案，其实也是很水的，证明如下：
我们都知道异或运算是满足结合律的，即\(a\;xor \;b\; xor\;c=a\;xor(b\;xor\;c)\),
并且\(a\;xor\;a=0\),这是为啥？
考虑异或定义： 二进制位相同为\(0\),不同为\(1\)，显然同一个数二进制是一模一样的，异或为\(0\)。
根据上述，可得\(s\;xor\;a\;xor\;a=s\),这也就是说，异或的逆运算是他自己。
不过和这题有啥关系呢？
优化！
我们考虑求出所有数的异或和，每次用异或踢掉一个数，判断其余数的异或和\(sum\)能否被异或为\(0\)，显然两数\(x,y\)异或和为\(0\)，当且仅当\(x=y\).
解题
显然如果一个人在他的必胜态操作，使另一个人进入必败态，他就成功了，即异或和为\(0\)，这样像前缀和一样处理出异或和，然后每次\(O(1)\)的转移就好了。，不过注意踢掉暂时不用的，若未找到姐解，再异或回来。
其他
这题是有些贪心的思路的，显然对一堆火柴操作，只有一个可行解（由于只有相同的数才异或为\(0\)），问题是如何让堆序最小，那从第一堆开始算就好了，找到的第一组解一定是最优解鸭\(qwq\)。
粘上简单修改的代码即可，复杂度是\(O(N)\)的，常数较小吧，足以通过此题。
\(Code\):
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
using namespace std;
int n,a[500005];
int sum=0;
int main()
{
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]),sum^=a[i];
if(sum)
{
sum^=a[1];
for(int i=1;i<=n;i++)
{
if(sum<=a[i])//找到可行解
{
printf("%d %d\n",a[i]-sum,i);
for(int j=1;j<=n;j++)
{
if(j==i) printf("%d ",sum);
else printf("%d ",a[j]);
}
return 0;
}
sum=sum^a[i]^a[i+1];//这是精髓，注意把试验过的异或回来，把下一个数踢掉
}
}
else printf("lose\n");
return 0;
}都看了，没个赞不好吧，大佬你觉得呢？