题目描述
小A的楼房外有一大片施工工地，工地上有N栋待建的楼房。每天，这片工地上的房子拆了又建、建了又拆。他经常无聊地看着窗外发呆，数自己能够看到多少栋房子。
为了简化问题，我们考虑这些事件发生在一个二维平面上。小A在平面上(0,0)点的位置，第i栋楼房可以用一条连接(i,0)和(i,Hi)的线段 表示，其中Hi为第i栋楼房的高度。如果这栋楼房上任何一个高度大于0的点与(0,0)的连线没有与之前的线段相交，那么这栋楼房就被认为是可见的。
施工队的建造总共进行了M天。初始时，所有楼房都还没有开始建造，它们的高度均为0。在第i天，建筑队将会将横坐标为Xi的房屋的高度变为Yi(高 度可以比原来大—修建，也可以比原来小—拆除，甚至可以保持不变—建筑队这天什么事也没做)。请你帮小A数数每天在建筑队完工之后，他能看到多少栋楼房？
输入输出格式
输入格式：
第一行两个正整数N,M
接下来M行，每行两个正整数Xi,Yi
输出格式：
M行，第i行一个整数表示第i天过后小A能看到的楼房有多少栋
输入输出样例
说明
对于所有的数据1<=Xi<=N，1<=Yi<=10^9
N,M<=100000
线段树博大精深。
y/x作为每个点的值，求最靠左的极长上升子序列，线段树维护。
考虑如何合并两个区间，设c[x]为x区间内的子序列长度。显然是左边的极长上升子序列选完，然后右边选出第一个数大于max{左边所有数(也就是左边子序列末尾)}的极长上升子序列。
至于怎么求一个区间内第一个数大于某个值的子序列长度，再用一个函数解决，que(x,k)表示x节点的区间内大于k的极长上升子序列的长度，递归查询即可。
实现起来会发现是c[]和find()的相互利用，比较巧妙。
因为修改会带上查询，所以复杂度$O(n\log^2 n)$
另外这题数据类型是实数，会发现实数比较的时候如果完全不考虑精度问题（直接用>=之类的运算）的话不存在问题，而如果考虑了之后eps设宽了反而拿不到分，eps设到1e-10才能拿到分。
仿佛又看到了NOIP2017D2T1的惨败。
1 #include<cmath> 2 #include<cstdio> 3 #include<algorithm> 4 #define ls (x<<1) 5 #define rs (ls|1) 6 #define lson ls,L,mid 7 #define rson rs,mid+1,R 8 #define rep(i,l,r) for (int i=l; i<=r; i++) 9 typedef long long ll; 10 using namespace std; 11 12 const int N=100100; 13 const double eps=1e-10; 14 int n,m,x,c[N<<2]; 15 double y,mx[N<<2]; 16 17 int que(int x,int L,int R,double k){ 18 if (k-mx[x]>-eps) return 0; 19 if (L==R) return c[x]; 20 int mid=(L+R)>>1; 21 if (k-mx[ls]>-eps) return que(rson,k); 22 else return que(lson,k)+c[x]-c[ls]; 23 } 24 25 void mdf(int x,int L,int R,int pos,double k){ 26 if (L==R){ mx[x]=k; if (fabs(k)<eps) c[x]=0; else c[x]=1; return; } 27 int mid=(L+R)>>1; 28 if (pos<=mid) mdf(lson,pos,k); else mdf(rson,pos,k); 29 mx[x]=max(mx[ls],mx[rs]); 30 if (c[ls]==0) c[x]=c[rs]; else c[x]=c[ls]+que(rson,mx[ls]); 31 } 32 33 int main(){ 34 freopen("P4198.in","r",stdin); 35 freopen("P4198.out","w",stdout); 36 scanf("%d%d",&n,&m); 37 rep(i,1,m) 38 scanf("%d%lf",&x,&y),mdf(1,1,n,x,y/x),printf("%d\n",c[1]); 39 return 0; 40 }