楼房重建
题目大意
小A的楼房外有一大片施工工地,工地上有N栋待建的楼房。每天,这片工地上的房子拆了又建、建了又拆。他经常无聊地看着窗外发呆,数自己能够看到多少栋房子。
为了简化问题,我们考虑这些事件发生在一个二维平面上。小A在平面上(0,0)点的位置,第i栋楼房可以用一条连接(i,0)和(i,Hi)的线段表示,其中Hi为第i栋楼房的高度。如果这栋楼房上任何一个高度大于0的点与(0,0)的连线没有与之前的线段相交,那么这栋楼房就被认为是可见的。
施工队的建造总共进行了M天。初始时,所有楼房都还没有开始建造,它们的高度均为0。在第i天,建筑队将会将横坐标为Xi的房屋的高度变为Yi(高度可以比原来大—修建,也可以比原来小—拆除,甚至可以保持不变—建筑队这天什么事也没做)。请你帮小A数数每天在建筑队完工之后,他能看到多少栋楼房?
题目解答
给每个楼房表示成从原点到其的斜率,我们要求的就是从原点开始,斜率严格增大的序列长度.
用线段树维护.
维护区间 中以 开始的递增序列的长度.
合并的时候,判断 的最大值与 之间的关系.
如果 ,则
否的话,需要在
中寻找递增序列的第一个数
的递增序列的长度,用
表示,那么合并就是
下面我们需要实现 操作
边界判断,如果 的区间长度为 ,那么直接判断范围即可.
我们需要对传给 的区间 再分一次,递归查找.
如果
,那么
如果
,那么
因为
是从下网上合并的,所以传给
的
是计算好了的,所以可以直接使用.
时间复杂度是
代码
#include <iostream>
const int N = 100007;
int n,m;
double T[N<<2],M[N<<2];
inline int find(int o,int l,int r,double v) {
if(l == r)
return v < M[o];
int mid = (l + r) >> 1;
if(v < M[o<<1])
return find(o<<1,l,mid,v) + T[o] - T[o<<1];
else
return find(o<<1|1,mid+1,r,v);
}
inline void maintain(int o,int l,int r) {
M[o] = std::max(M[o<<1],M[o<<1|1]);
int mid = (l + r) >> 1;
T[o] = T[o<<1] + find(o<<1|1,mid+1,r,M[o<<1]);
}
inline void change(int o,int l,int r,int pos,double val) {
if(l == r) {
M[o] = val;T[o] = 1;
return ;
}
int mid = (l + r) >> 1;
if(pos <= mid) change(o<<1,l,mid,pos,val);
else change(o<<1|1,mid+1,r,pos,val);
maintain(o,l,r);
}
inline void build(int o,int l,int r) {
if(l == r) {
M[o] = 0;T[o] = 1;
return ;
}
int mid = (l + r) >> 1;
build(o<<1,l,mid);
build(o<<1|1,mid+1,r);
}
int main() {
std::ios::sync_with_stdio(false);
std::cin >> n >> m;
build(1,1,n);
while(m--) {
int pos;double val;
std::cin >> pos >> val;
change(1,1,n,pos,val/pos);
std::cout << find(1,1,n,0.) << std::endl;
}
return 0;
}