题目描述
有n个数a1,a2,...,an。EndSaH打算从中选出2个数进行拼接。
一次拼接表示将x,y两个正整数视为数字串,x在前y在后拼接成一个新数字串。
如将1234与56拼数,得到123456.如果拼接顺序不同得到的结果是不一样的,如将56与1234拼数,得到561234.
但是,EndSaH不喜欢k的倍数,所以他想知道有多少对数对(i,j) (1<=i,j<=n,i!=j)满足对a[i]与a[j]进行拼数后,结果不是k的倍数。
输入格式
第一行两个正整数n,k,含义如题所述。
第二行为n个正整数,第i个数表示a[i]。
输出格式
一行一个正整数,表示满足要求的数对的个数
输入样例
4 11
45 1 10 12
输出样例
5
数据范围
1<=n<=10^5,1<=k,a[i]<=10^9
思路解析
我们发现,将a[i]与a[j]拼接后,得到的数为:
a[i]*pow(10,len[j])+a[j],len[j]表示a[j]有多少位,如a[j]=45,len[j]=2
如果结果是k的倍数,那么一定有((a[i]*pow(10,len[j]))%k + (a[j]%k) )%k ==0.
因为a[i]最多有10位,所以我们可以开10个大小为k的桶,coun[i][j]表示长度为i,%k=j的数有多少个,然后枚举x,令t=a[i]*10^x%k.那么就有coun[x][k-t]个数不能与a[i]拼接,特别的,对于t=0,有coun[x][0]个数不能与a[i]拼接,所以a[i]对答案的贡献就是n-num-1,num表示不能与a[i]拼接的个数。因为k过大,所以用map维护,O(n) 枚举a[i]求出答案即可。注意10^9*10^10会爆long long,所以要边乘边模。
赋上代码
#include<bits/stdc++.h> #define int long long #define ll long long using namespace std; const int N=1e5+5; int n,k; ll ans,a[N]; map<int,int> coun[15]; struct node{ int len,mod; }f[N]; inline int read(int now){ int r=0,t=1,sum=0,c=getchar(); while(c<'0'||c>'9') t=c=='-'?-1:1,c=getchar(); while(c>='0'&&c<='9') r=r*10+c-48,sum++,c=getchar(); f[now].len=sum; return r*t; } signed main(){ //freopen("piece.in","r",stdin); //freopen("piece.out","w",stdout); int maxn=0; n=read(0),k=read(0); for(int i=1;i<=n;i++){ a[i]=read(i); maxn=max(maxn,f[i].len); } for(int i=1;i<=n;i++){ coun[f[i].len][a[i]%k]++; f[i].mod=a[i]%k; } ll sss; for(int i=1;i<=n;i++){ int mt=a[i]%k;int num=0; coun[f[i].len][f[i].mod]--; for(int j=1;j<=maxn;j++){ if(j>=7){ sss=((ll)mt*(ll)pow(10,5))%k; sss=(sss*(ll)pow(10,j-5))%k; } else sss=((ll)mt*(ll)pow(10,j))%k; num+=coun[j][k-sss]; if(sss==0) num+=coun[j][0]; } ans+=n-num-1; coun[f[i].len][f[i].mod]++; } printf("%lld",ans); return 0; }