版权声明:本文为博主原创文章,未经博主允许不得转载。 https://blog.csdn.net/qq_28350997/article/details/86572679
滑动窗口当中的最大值
暴力解法
扫描正个数组,O(n), 每个节点处需要进行扫描k个节点,所有时间复杂度为O(nk),
class Solution {
public int[] maxSlidingWindow(int[] nums, int k) {
if(k>nums.length)
return new int[0];
int len = nums.length;
int [] result= new int[len-k+1];
//结果数组当中的i和每个start 的大小关系是一样的情况
for(int i=0;i<len-k+1;i++){
//
helper(nums,i,i+k-1,result,i);
}
return result;
}
private void helper(int [] nums, int start, int end, int[] result,int i){
// 从start到end是一个k的取值范围,
int max = nums[start];
for(int j=start+1;j<=end;j++){
if(nums[j]>max)
max = nums[j];
}
result[i]= max;
}
}
改进方法一
时间复杂度为o(nlog(k)), 同样需要遍历整个元素的基本情况,只不过需要降低每次, 使用有序sortmap 实现 。 采用红黑树的排序算法,对K 个元素找出最大值的情况
TreeMap 默认排序规则:按照key的字典顺序来排序(升序) 按照key 进行排序, 的基本情况, 不需要把所有的元素都情况, 像我们上一道题目的做法其实就是采用了O(K)的思路,将窗口k当中的元素全部清空, 导致在这时间复杂度为O(k),导致时间复杂度为O(k), 所以思路主要是在这里面考虑如何将O(k),时间复杂降低为O(log(K)) 问题, 如何改为这种形式 ,
红黑树当中的排序时间复杂度为log(k),
核心思想
利用队头存放有可能成为窗口最大值的元素,
每次往结果上面添加都是添加对头的元素(肯定是这样的情况)
每次处理一个元素都需要添加一次的基本情况
- 队头
- 队尾巴while(清空不满足题意的题目情况)
- 添加元素情况
j-k+1 到 k 这是双向队列当中元素的范围,当对头和对尾元素下标范围超过这个值,那么就不是在一个滑动窗口内,就要删除对头元素
代码
public int[] maxSlidingWindow(int[] a, int k) {
if (a == null || k <= 0) {
return new int[0];
}
int n = a.length;
int[] r = new int[n-k+1];
int ri = 0;
// store index
Deque<Integer> q = new ArrayDeque<>();
for (int i = 0; i < a.length; i++) {
// remove numbers out of range k
while (!q.isEmpty() && q.peek() < i - k + 1) {
q.poll();
}
// remove smaller numbers in k range as they are useless
while (!q.isEmpty() && a[q.peekLast()] < a[i]) {
q.pollLast();
}
// q contains index... r contains content
q.offer(i);
if (i >= k - 1) {
r[ri++] = a[q.peek()];
}
}
return r;
}
直接看这篇博客
http://wiki.jikexueyuan.com/project/for-offer/question-sixty-five.html
这道题目也可以