Description
有一列元素，每一个元素有三个属性:标号、标识符、数值。这些元素按照标号从1~n排列，标识符也是1~n的一个排列，初始时数值为0。当然我们可以把每个元素看成一个多维数字，那么这列元素就是一个数列。
现在请你维护这个数列，使其能支持以下两种操作：1.将标号为l~r的所有元素的数值先乘上x，再加上y；2.将标识符为l~r的所有元素的数值先乘上x，再加上y。当然你还得回答某些询问：1.标号为l~r的所有元素的数值的和；2.标识符为l~r的所有元素的数值的和。
Input
第一行有两个正整数n、m，分别表示数列长度和操作与询问个数的总和。第二行有n个正整数，表示每个元素的标识符，保证这n个数是1~n的一个排列。接下来m行，每行的第一个数字为op。若op为0，则表示要进行第一个操作，接下去四个数字表示l,r,x,y;若op为1，则表示要进行第二个操作，接下去四个数字表示l,r,x,y;若op为2，则表示要回答第一个询问，接下去两个数字表示l,r;若op为3，则表示要回答第二个询问，接下去两个数字表示l,r。
Output
包含若干行，每行表示一个询问的答案。由于答案可能很大，只要请你输出答案对536870912取模后的值即可。
Sample Input
4 4
2 1 4 3
0 2 3 4 5
1 1 3 4 7
2 1 1
3 1 1
Sample Output
7
27
HINT
第一次操作后，数列变为0 5 5 0
第二次操作后，数列变为7 27 5 7
N,M<=50000, 1<=L<=R<=N 0<=X,Y<=2^31-1
KD-Tree裸题，将\(a_i\)看做平面上的点\((i,p_i)\)，每次操作都是一个矩形
支持打标记，复杂度\(O(n\sqrt{n})\)
然后你发现Bzoj死活过不去
卡了1h多的常无果……网上搜索取模优化……顺便看了一下膜数转二进制后的结果……
膜数=\(2^{29}\)……
我#$%&#&（脏话）
然后这题就过了……
/*program from Wolfycz*/
#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define inf 0x7f7f7f7f
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned int ui;
typedef unsigned long long ull;
inline char gc(){
static char buf[1000000],*p1=buf,*p2=buf;
return p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1000000,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++;
}
inline int frd(){
int x=0,f=1; char ch=gc();
for (;ch<'0'||ch>'9';ch=gc()) if (ch=='-') f=-1;
for (;ch>='0'&&ch<='9';ch=gc()) x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0';
return x*f;
}
inline int read(){
int x=0,f=1; char ch=getchar();
for (;ch<'0'||ch>'9';ch=getchar()) if (ch=='-') f=-1;
for (;ch>='0'&&ch<='9';ch=getchar()) x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0';
return x*f;
}
inline void print(int x){
if (x<0) putchar('-'),x=-x;
if (x>9) print(x/10);
putchar(x%10+'0');
}
const int N=5e4,Mod=536870912;
int n,m,T;
struct S1{
#define ls(x) tree[x].ls
#define rs(x) tree[x].rs
int tot,root;
struct node{
int type,ls,rs,v[2],Max[2],Min[2],val;
int cnt,mlt,sum,len;
bool operator <(const node &tis)const{return v[T]<tis.v[T];}
}tree[N+10];
void Add(int *a,int v){a[0]=a[1]=v;}
void updata(int p){
tree[p].Min[0]=min(tree[p].v[0],min(tree[ls(p)].Min[0],tree[rs(p)].Min[0]));
tree[p].Min[1]=min(tree[p].v[1],min(tree[ls(p)].Min[1],tree[rs(p)].Min[1]));
tree[p].Max[0]=max(tree[p].v[0],max(tree[ls(p)].Max[0],tree[rs(p)].Max[0]));
tree[p].Max[1]=max(tree[p].v[1],max(tree[ls(p)].Max[1],tree[rs(p)].Max[1]));
}
int build(int l,int r,int type){
T=type;
int mid=(l+r)>>1,p=mid;
nth_element(tree+l,tree+mid,tree+r+1);
tree[p].type=type,tree[p].mlt=1,tree[p].len=r-l+1;
if (l<mid) ls(p)=build(l,mid-1,type^1);
if (r>mid) rs(p)=build(mid+1,r,type^1);
updata(p);
return p;
}
void init(){
Add(tree[0].Max,-inf),Add(tree[0].Min,inf);
for (int i=1;i<=n;i++) tree[i].v[0]=i,tree[i].v[1]=read();
root=build(1,tot=n,0);
}
void Add_mlt(int p,int v){
tree[p].val*=v;
tree[p].sum*=v;
tree[p].mlt*=v;
tree[p].cnt*=v;
}
void Add_cnt(int p,int v){
tree[p].val+=v;
tree[p].cnt+=v;
tree[p].sum+=tree[p].len*v;
}
void pushdown(int p){
if (tree[p].mlt!=1){
Add_mlt(ls(p),tree[p].mlt);
Add_mlt(rs(p),tree[p].mlt);
tree[p].mlt=1;
}
if (tree[p].cnt){
Add_cnt(ls(p),tree[p].cnt);
Add_cnt(rs(p),tree[p].cnt);
tree[p].cnt=0;
}
}
void Modify(int p,int x,int y,int mv,int cv){//cnt_v,mlt_v
if (x>tree[p].Max[T]||y<tree[p].Min[T]) return;
if (x<=tree[p].Min[T]&&tree[p].Max[T]<=y){
Add_mlt(p,mv),Add_cnt(p,cv);
return;
}
pushdown(p);
if (x<=tree[p].v[T]&&tree[p].v[T]<=y) (tree[p].val*=mv)+=cv;
Modify(ls(p),x,y,mv,cv),Modify(rs(p),x,y,mv,cv);
tree[p].sum=tree[ls(p)].sum+tree[rs(p)].sum+tree[p].val;
}
int Query(int p,int x,int y){
if (x>tree[p].Max[T]||y<tree[p].Min[T]) return 0;
if (x<=tree[p].Min[T]&&tree[p].Max[T]<=y) return tree[p].sum;
pushdown(p);
int res=Query(ls(p),x,y)+Query(rs(p),x,y);
if (x<=tree[p].v[T]&&tree[p].v[T]<=y) res+=tree[p].val;
return res;
}
}KD;//K-D Tree
int main(){
n=read(),m=read();
KD.init();
for (int i=1;i<=m;i++){
int type=read();
if (type<=1){
int l=read(),r=read(),x=read(),y=read();
T=type;
KD.Modify(KD.root,l,r,x,y);
}
if (type>1){
int l=read(),r=read();
T=type-2;
printf("%d\n",KD.Query(KD.root,l,r)&(Mod-1));
}
}
return 0;
}