Given a linked list, return the node where the cycle begins. If there is no cycle, return null
.
Note: Do not modify the linked list.
Follow up:
Can you solve it without using extra space?
给定一个链表,返回链表开始入环的第一个节点。 如果链表无环,则返回 null
。
说明:不允许修改给定的链表。
进阶:
你是否可以不用额外空间解决此题?
/**
* Definition for singly-linked list.
* class ListNode {
* int val;
* ListNode next;
* ListNode(int x) {
* val = x;
* next = null;
* }
* }
*/
public class Solution {
public ListNode detectCycle(ListNode head) {
if (head == null || head.next == null) return null;
ListNode runner = head;
ListNode walker = head;
while (runner.next != null && runner.next.next != null) {
walker = walker.next;
runner = runner.next.next;
if (walker == runner) {
ListNode walker2 = head;
while (walker != walker2) {
walker = walker.next;
walker2 = walker2.next;
}
return walker; // 考虑只有一个结点自环,不能在第二个while里面判断
}
}
return null;
}
}
原因分析:为什么快慢指针在相遇点时再设置一个指针从头开始慢走,然后第二个指针在环里慢走,再次相遇就是入口点呢?
当它遇到慢速指针walker时,快速指针runner可能会运行几个圆而不是一个圆。
假设快速指针runner运行m个圆圈,并在它们相遇时慢速指针walker运行n个圆圈。然后我们可以得到如下结论:
runner走的距离 = walker走的距离的几倍,假设是L倍!显然L > 1,因为runner走的一定比walker远
a + m *(b + c)+ b = L * (a + n *(b + c)+ b)
因此我们化简可以得到: m*b + m*c = (L-1)*a +(L*n+L-1)*b + L*n*c
有两种可能性:
待定系数法,以b为准
m=L*n+L-1 -------①
m=a/c(L-1) + L*n -------②
由①②得出
L-1=a/c(L-1)
而L>1,所以a=c成立,所以在快慢指针相遇点再设置一个指针从头开始慢走,然后第二个指针在环里慢走,再次相遇就是入口点
待定系数法,以c为准
m=L*n -------------①
m=L*n+L-1+a/b(L-1) ------------②
由①②得出
1-L=a/b(L-1)
L>1,所以a=-b,而距离不可能是负数,所以这种情况不成立!
综上所述,a=c成立
那么,我们只需要在快慢指针相遇点再次设置一个指针从头开始走,在环里的慢指针只走一轮就可以和从头到环的入口点的指针相遇。于是就有了如下部分的代码:
if (walker == runner) {
ListNode walker2 = head;
while (walker != walker2) {
walker = walker.next;
walker2 = walker2.next;
}
return walker; // 考虑只有一个结点自环,不能在第二个while里面判断
}
=========================Talk is cheap, show me the code========================