https://www.zybuluo.com/ysner/note/1309789
题面
解析
如果要求贸易额最大，就相当于：
有\(n\)个物品（星球），每个物品价值为\(v_i\)（每个星球能卖\(v_i\)），现装入一个体积为\(m\)（载重量为\(m\)）的背包，最大化装入物品体积之和。
一个裸背包\(DP\)即可解决第一问。
并且我们可以顺手得出，达到该贸易额，必须要停靠哪些站。
（当然，为了维护和加油，应该还需要停靠另外一些站）
接下来要求利润最大，就是要求加油与维修的费用最少。
由于\(n\leq2000\)，所以状态只能设两维：
\(f[i][j]\)表示到第\(i\)个星球时油量为\(j\)的最小花费。
相关转移：
加油：直接\(f[i][j-1]->f[i][j]\)即可。
维护：从前面停靠了的站转移过来（枚到最近那个必须停靠的星球就行）。
这样好像是\(O(n^3)\)的。。。
然后膜了一发\(yyb\)，发现维护的转移过程可以用单调队列优化（先尾后进后首）。
很有道理啊。
于是就做完了。
复杂度\(O(n^2)\)。
细节问题：\(m,R\)混用、背包转移不全、单调队列入出队条件设错（应该以当前\(DP\)值为参照，而不是队列内）。
#include<iostream>
#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<algorithm>
#include<vector>
#define ll long long
#define re register
#define il inline
#define fp(i,a,b) for(re int i=a;i<=b;++i)
#define fq(i,a,b) for(re int i=a;i>=b;--i)
using namespace std;
const int N=2500;
int n,m,V,len,A[N],B[N],L[N],P[N],F[N],dp[N][N<<1],pos,ans1,ans2,Q[N<<1][N],h[N<<1],t[N<<1];
bool vis[N];
il int gi()
{
re int x=0,t=1;
re char ch=getchar();
while(ch!='-'&&(ch<'0'||ch>'9')) ch=getchar();
if(ch=='-') t=-1,ch=getchar();
while(ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-48,ch=getchar();
return x*t;
}
il int max(re int x,re int y){return x>y?x:y;}
il int min(re int x,re int y){return x<y?x:y;}
int main()
{
n=gi();m=gi();V=min(gi(),2*n);len=gi();
fp(i,1,n)
{
A[i]=gi();B[i]=gi();L[i]=gi();P[i]=gi();F[i]=gi();
if(L[i]-L[i-1]>len) return puts("Poor Coke!"),0;
}
memset(dp,-63,sizeof(dp));dp[0][0]=0;
fp(i,1,n)
fp(j,0,m)
{
if(j>=A[i]) dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[i-1][j-A[i]]+B[i]);
dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[i-1][j]);
}
fp(i,1,m) if(dp[n][pos]<dp[n][i]) pos=i;
ans1=dp[n][pos];
fq(i,n,1) if(dp[i][pos]!=dp[i-1][pos]) vis[i]=1,pos-=A[i];
memset(dp,63,sizeof(dp));dp[0][V]=0;Q[V][t[V]++]=0;
fp(i,1,n)
fp(j,0,V)
{
if(P[i]&&j) dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i][j-1]+P[i]);
if(h[j+2]<t[j+2]) dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[Q[j+2][h[j+2]]][j+2]+F[i]);
if(vis[i]) h[j]=t[j]=0;//can't avoid
while(h[j]<t[j]&&dp[Q[j][t[j]-1]][j]>=dp[i][j]) --t[j];
Q[j][t[j]++]=i;
while(h[j]<t[j]&&L[i+1]-L[Q[j][h[j]]]>len) ++h[j];
}
pos=0;
fp(i,1,V) if(dp[n][i]<dp[n][pos]) pos=i;
ans2=dp[n][pos];
if(ans2>1e9) return puts("Poor Coke!"),0;
printf("%d %d\n",ans1,ans1-ans2);
return 0;
}