题意:
思路:
根据题目分析出这样结论:最小生成树各个值形成的森林是确定的,所以各个值之间互相独立,那么我们就可以对于某个值进行这样的分析,将边权值小于这个值的边都加进去,然后开始讨论这个值,如果发现这个值里面某个边所连接的两边属于同一集合,那么这个边是不可行的
那么现在还需要讨论一种问题,就是虽然两个边单独说的话都可行,但他们放一起就不可行了,这个时候,我们只需要对每个集合单独讨论即可
好了,现在只剩下最后一个问题了,怎么维护每个集合的过程,毕竟一个集合结束后,我们就需要将并查积恢复到以前的过程,其实只要在find的过程中暴力维护哪些改变了即可
错误及反思:
之前在更新的时候,一种是某个价值挨个遍历,另一种是先把问题放一起后,统一对某个价值进行遍历。
然而,后一种写法会T,具体分析就是因为对于并查集中元素的修改数量,一个是
代码:
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 500010;
int n,m,q;
struct NODE{
int u,v,val;
}node[N],onode[N];
bool cmp(NODE x,NODE y){
return x.val<y.val;
}
struct Q{ int x,id; };
bool cmp2(Q x,Q y){
if(onode[x.x].val==onode[y.x].val)
return x.id<y.id;
return onode[x.x].val<onode[y.x].val;
}
vector<Q> v;
vector<int> bd;
int fa[N],now[N],sz[N],did[N],prefa[N];
int getfa(int x){
if(fa[x]!=x) bd.push_back(x);
return fa[x]=fa[x]==x?x:getfa(fa[x]);
}
int getfa2(int x){
return fa[x]=fa[x]==x?x:getfa2(fa[x]);
}
int main(){
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=0;i<m;i++){
scanf("%d%d%d",&node[i].u,&node[i].v,&node[i].val);
onode[i]=node[i];
}
sort(node,node+m,cmp);
for(int i=1;i<=n;i++){ fa[i]=i;prefa[i]=i;}
scanf("%d",&q);
int tot=0;
for(int i=0,tt;i<q;i++){
scanf("%d",&tt);
for(int j=0,ta;j<tt;j++){
scanf("%d",&ta);
Q tb={ta-1,i};
v.push_back(tb);
tot++;
}
}
sort(v.begin(),v.end(),cmp2);
int j=0;
for(int i=0;i<m;i++){
int val=node[i].val;
for(;j<tot;j++){
bd.clear();
if(onode[v[j].x].val!=val) break;
if(did[v[j].id]) continue;
int need=v[j].id;
while(j<tot&&onode[v[j].x].val==val&&v[j].id==need)
{
int u=onode[v[j].x].u,V=onode[v[j].x].v;
int fa1=getfa(u),fa2=getfa(V);
if(fa1==fa2){
did[v[j].id]=true;
}
else{
bd.push_back(fa1);
fa[fa1]=fa2;
}
j++;
}
j--;
for(int k=0;k<bd.size();k++)
fa[bd[k]]=prefa[bd[k]];
}
while(node[i].val==val&&i<m){
int u=node[i].u,V=node[i].v;
int fa1=getfa2(u),fa2=getfa2(V);
if(fa1!=fa2) fa[fa1]=fa2;
prefa[fa1]=fa2;
i++;
}
i--;
}
for(int i=0;i<q;i++)
if(did[i]) printf("NO\n");
else printf("YES\n");
}