经典例题
AcWing 204. 表达整数的奇怪方式
给定 2n 个整数a1,a2,…,an和m1,m2,…,mn,求一个最小的非负整数 x,满足∀i∈[1,n],x≡mi(mod ai)。
输入格式
第1 行包含整数 n。
第 2…n+1行:每 i+1 行包含两个整数ai和mi,数之间用空格隔开。
输出格式
输出最小非负整数 x,如果 x 不存在,则输出 −1。
如果存在 x,则数据保证 x 一定在64位整数范围内。
数据范围
1≤ai≤231−1,
0≤mi<ai
1≤n≤25
输入样例:
2
8 7
11 9
输出样例:
31
#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef long long LL;
//把n个方程逐渐每次消去两个,化为一个,从而得到唯一的同余方程,进而得解。
LL exgcd(LL a, LL b, LL &x, LL &y)//扩展欧几里得求ax+by=gcd(a,b)的解
{
if (!b)
{
x = 1, y = 0;
return a;
}
LL d = exgcd(b, a % b, y, x);
y -= a / b * x;
return d;
}
int main()
{
int n;
cin >> n;
LL x = 0, m1, a1;//第一个方程的系数 备份数据
cin >> m1 >> a1;//先输入第一个方程
for (int i = 0; i < n - 1; i ++ )//合并接下来的n-1个方程
{
LL m2, a2;
cin >> m2 >> a2;
LL k1, k2;
LL d = exgcd(m1, -m2, k1, k2);
if ((a2 - a1) % d)//此时无解
{
x = -1;
break;
}
k1 *= (a2 - a1) / d;//特解
k1 = (k1 % (m2/d) + m2/d) % (m2/d);//让特解k01取到最小正整数解
x = k1 * m1 + a1;
LL m = abs(m1 / d * m2);
a1 = k1 * m1 + a1;
m1 = m;
}
if (x != -1) x = (x % m1 + m1) % m1;
cout << x << endl;
return 0;
}
作者:yxc
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
typedef long long LL;
LL exgcd(LL a, LL b, LL &x, LL &y)
{
if(!b)
{
x = 1, y = 0;
return a;
}
LL d = exgcd(b, a%b, y, x);
y -= a/b*x;
return d;
}
int main()
{
int n;
cin >> n;
LL x = 0, m1, a1;
cin >> a1>>m1;
for (int i = 0; i < n - 1; i ++ )
{
LL a2,m2;
cin >> a2 >> m2;
LL k1, k2;
LL d = exgcd(a1,-a2, k1, k2);
if ((m2-m1) % d)
{
x = -1;
break;
}
k1 *= (m2 - m1) / d;
k1 = (k1 % (a2/d) + a2/d) % (a2/d);
x = k1 * a1 +m1;
LL m = abs(a1 / d * a2);
m1 = k1 * a1 + m1;
a1 = m;
}
if (x != -1) x = (x % a1 + a1) % a1;
cout << x << endl;
return 0;
}