题目描述
某省调查城镇交通状况，得到现有城镇道路统计表，表中列出了每条道路直接连通的城镇。省政府“畅通工程”的目标是使全省任何两个城镇间都可以实现交通（但不一定有直接的道路相连，只要互相间接通过道路可达即可）。问最少还需要建设多少条道路？
输入
测试输入包含若干测试用例。每个测试用例的第1行给出两个正整数，分别是城镇数目N ( < 1000 )和道路数目M；随后的M行对应M条道路，每行给出一对正整数，分别是该条道路直接连通的两个城镇的编号。为简单起见，城镇从1到N编号。
注意:两个城市之间可以有多条道路相通也就是说
3 3
1 2
1 2
2 1
这种输入也是合法的
当N为0时，输入结束，该用例不被处理。
输出
对每个测试用例，在1行里输出最少还需要建设的道路数目。
样例输入
4 2
1 3
4 3
3 3
1 2
1 3
2 3
5 2
1 2
3 5
999 0
0
样例输出
1
0
2
998
提示
Huge input scanf is recommended.
算法思想
数组下标作为一个点，数组中存储的元素作为其连接的另一个点，全联通即：将所有下标对应的点归拢到一个点上（也就是除了根节点，大家对应的都不是自己啦），相当于大家都跟一个点连接的话，当然是全联通状态啦。
代码实现
寻找根节点
定义一个函数用来搜索给出结点的根节点，最终返回根节点的值（康康大家是不是来自同一地方嘛）
int find(int x){
while(data[x]!=x){
x=data[x];
}
return x;//返回根节点的值
}
当联通关系不多，树的深度不深的时候，用上一种方法无疑是很快的，但是如果联通关系错综复杂，树的深度很深，例如每层只有一个节点这种奇葩情况，遍历搜索根节点就会很费时间，这时候就要用到“路径压缩“这一方法，即将所查询节点的数组内容由”父节点“改为”祖宗节点“。
int find(int x){
//寻找根节点
int ans,tmp;
ans = x;
while(data[x]!=x){
//x是根节点
x=data[x];
}
while (ans != x) {
//路径压缩
tmp = data[ans];
data[ans] = x;//数组内容直接储存根节点，不再存储父节点
ans = tmp;//接下来压缩父节点
}
return x;//返回根节点的值
}
汇总连接情况
将所给的两个点的连接情况进行记录，根节点不一样的话说明是第一次告知两个节点联通，所以要把根节点改成一样的， 一样的话当然就是告知过了，不需要改变（大型认祖归宗活动，哦兄弟我们是一家的，来来来族谱上记一下/哦兄弟我们是一家的，来来来……桥豆麻袋！族谱上记过了……不用记了诶）
⬆（淦！你忘了我们很久以前见过面的！！！）
void add(int x, int y){
if(find(x)!=find(y)){
data[find(x)]=find(y);
}
}
完整代码
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
int data[1003];
int find(int x){
//寻找根节点
while(data[x]!=x){
x=data[x];
}
return x;//返回根节点的值
}
void add(int x, int y){
if(find(x)!=find(y)){
data[find(x)]=find(y);
}
}
int main(int argc, char const *argv[]) {
int n,m;//n元素个数，m元素连接条数
int x,y;//x,y是两个相连的元素
int flag;//未联通的结点数
while (cin >> n,n) {
memset(data,0,sizeof (data));
for (int i = 1; i <= n; i++) {
data[i] = i;
}
for (cin >> m; m > 0; m--) {
cin >> x;
cin >> y;
add(x,y);
}
flag = -1;
for (int i = 1; i <= n; i++) {
if(data[i]==i){
flag++;//数组内容等于数组下标表示和自己联通
}
}
cout << flag << endl;
}
return 0;
}
关于flag的初值
其实难以理解的地方可能是flag的初值为什么要设置成-1，flag存储的是数组内容等于数组下标的情况（自己连接自己的情况）有多少，每有一个就说明有一种连接种类，全联通状态只有一个这样的情况——即根节点，也就是除了根节点和自己连接，其他的节点都不和自己连接，所以要把根节点这个情况排除在外，即flag初值为-1。
这样一来，当全联通时，只有根节点的data[i]=i，flag++，flag的值就为0，最后输出flag的值也就是还需要修多少条路。
举个栗子可能更方便理解
当输入为
5 2
1 2
4 5
时
此时data数组的情况是（第四行）：
连接种类有三种：根节点为2的1、2连接、根节点为3的自己和自己连接、以及根节点为5的4、5连接。
此时data[i]=i的情况会出现3次，flag的终值也就是-1自加三次，也就是2，表示还需要修两条路，举个例子，3 2，3 4这样修，那会出现什么情况呢？（为了便于理解拆分一下这个过程）
3 2的时候，3将2的根节点（也就是2本身）认作祖宗，3 4的时候，经过find函数查看族谱，诶大家祖宗不一样诶但我们是一家人，那就一个祖宗认另一个祖宗为爹好了，这样大家就在一起了，于是经过add函数修改族谱，3他爹2就认4他爹5当爹，1和3就成了5的乖孙孙。大家就是一家人了mua。（谁认谁当祖宗就看你怎么写了哦吼，data[find(x)]=find(y）是后面的数当前面的数的祖宗，data[find(y)]=find(x）就是前面的当祖宗咯）
