思路:满足题设的4个条件,第一个数一定是1,最后的数一定是n,数列单调递增,后面的数是由前面某2个数相加得来的。其中一些条件可以作为可行性剪枝,搜索时,我们去从小到大逐层搜m,因为条件4的的存在,我们会发现如1 2 3 5这种答案和1 2 4 5都是可行的,5可由2+3或者1+4得来那么我们就需要标记一下防止重复搜索。
#pragma GCC optimize(2)
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
#define SIS std::ios::sync_with_stdio(false)
#define space putchar(' ')
#define enter putchar('\n')
#define lson root<<1
#define rson root<<1|1
typedef pair<int,int> PII;
typedef pair<int,PII> PIII;
const int mod=1e9+7;
const int N=2e5+5;
const int inf=0x7f7f7f7f;
int gcd(int a,int b)
{
return b==0?a:gcd(b,a%b);
}
ll lcm(ll a,ll b)
{
return a*(b/gcd(a,b));
}
template <class T>
void read(T &x)
{
char c;
bool op = 0;
while(c = getchar(), c < '0' || c > '9')
if(c == '-')
op = 1;
x = c - '0';
while(c = getchar(), c >= '0' && c <= '9')
x = x * 10 + c - '0';
if(op)
x = -x;
}
template <class T>
void write(T x)
{
if(x < 0)
x = -x, putchar('-');
if(x >= 10)
write(x / 10);
putchar('0' + x % 10);
}
ll qsm(int a,int b,int p)
{
ll res=1%p;
while(b)
{
if(b&1)
res=res*a%p;
a=1ll*a*a%p;
b>>=1;
}
return res;
}
int path[N];
int n;
bool dfs(int u,int dep)
{
if(u>dep)return false;
if(path[u-1]==n)return true;
int vis[110]={
0};
for(int i=u-1;i>=0;i--)
{
for(int j=i;j>=0;j--)
{
int s=path[i]+path[j];
if(s>n||s<=path[u-1]||vis[s])continue;
vis[s]=1;
path[u]=s;
if(dfs(u+1,dep))return true;
}
}
return false;
}
int main()
{
path[0]=1;
while(cin>>n,n)
{
int dep=1;
while(!dfs(1,dep))dep++;
for(int i=0;i<dep;i++)cout<<path[i]<<' ';
cout<<endl;
}
return 0;
}