题意
给 一 个 序 列 a , 求 a 的 排 列 的 前 面 x 个 数 之 和 小 于 或 者 等 于 p 的 x 的 期 望 . 给一个序列a,求a的排列的前面x个数之和小于或者等于p的x的期望. 给一个序列a,求a的排列的前面x个数之和小于或者等于p的x的期望.
算法
d p [ i ] [ j ] [ k ] dp[i][j][k] dp[i][j][k]表示前 i i i个人中 j j j个人的体重和等于 k k k的概率.
转移时枚举 i i i, j j j, k k k,如果 k ≥ p [ i ] k\geq p[i] k≥p[i]我们就可以加上这个人的体重.
如果我们不加这个人的体重,那这个概率就等于之前的人数选择这么多人的概率.
dp[i][j][a]+=dp[i-1][j][a]
.
但是显然这样做重复了.
对于 d p [ n ] [ i ] [ j ] dp[n][i][j] dp[n][i][j]来说,从 n n n个里选 i i i个等于 j j j的期望算了 C n i C_n^i Cni次,所以答案要除上这个值.
最后的结果就是 ∑ i = 1 n ∑ j = 1 p d p [ n ] [ i ] [ j ] C n i \sum_{i=1}^n\sum_{j=1}^{p}\frac{dp[n][i][j]}{C_n^i} ∑i=1n∑j=1pCnidp[n][i][j].
#include<bits/stdc++.h> //Ithea Myse Valgulious
namespace chtholly{
typedef long long ll;
#define re0 register int
#define rel register ll
#define rec register char
#define gc getchar
//#define gc() (p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<23,stdin),p1==p2)?-1:*p1++)
#define pc putchar
#define p32 pc(' ')
#define pl puts("")
/*By Citrus*/
char buf[1<<23],*p1=buf,*p2=buf;
inline int read(){
int x=0,f=1;char c=gc();
for (;!isdigit(c);c=gc()) f^=c=='-';
for (;isdigit(c);c=gc()) x=(x<<3)+(x<<1)+(c^'0');
return f?x:-x;
}
template <typename mitsuha>
inline bool read(mitsuha &x){
x=0;int f=1;char c=gc();
for (;!isdigit(c)&&~c;c=gc()) f^=c=='-';
if (!~c) return 0;
for (;isdigit(c);c=gc()) x=(x<<3)+(x<<1)+(c^'0');
return x=f?x:-x,1;
}
template <typename mitsuha>
inline int write(mitsuha x){
if (!x) return 0&pc(48);
if (x<0) pc('-'),x=-x;
int bit[20],i,p=0;
for (;x;x/=10) bit[++p]=x%10;
for (i=p;i;--i) pc(bit[i]+48);
return 0;
}
inline char fuhao(){
char c=gc();
for (;isspace(c);c=gc());
return c;
}
}using namespace chtholly;
using namespace std;
typedef double db;
const int aoi=1018;
db dp[55][55][55],c[55][55];
int p[aoi];
/**/
int main() {
int i,j,k,a,n; read(n);
for (i=0;i<=50;++i)
for (j=0;j<=i;++j)
c[i][j]=!j?1:c[i-1][j]+c[i-1][j-1];
for (i=1;i<=n;++i) p[i]=read();
for (read(k),i=0;i<=50;++i) **dp[i]=1; // dp[i][0][0]=1初始化.
for (i=1;i<=n;++i) {
for (j=1;j<=n;++j) {
for (a=1;a<=k;++a) {
if (a>=p[i]) dp[i][j][a]+=dp[i-1][j-1][a-p[i]];
dp[i][j][a]+=dp[i-1][j][a];
}
}
}
db llx=0;
for (i=1;i<=n;++i)
for (j=1;j<=k;++j)
llx+=dp[n][i][j]/c[n][i];
printf("%.9lf",llx);
}