题目
题意:
给定一个d和s,要求构造出尽可能小的数x,满足x是d的倍数且x的每一位和为s。
分析:
下意识想到就是枚举d的倍数,然后维护每一位的和。但是问题就在于每一位的和与倍数之间并没有相关性,所以要枚举的倍数会非常大,并且可能会无解。
以前面的思路为基础,如果我们枚举每一个数呢?枚举每一个数就是需要维护两个变量了,模数和每一位的和。由于d和s都不大,所以状态数不多。对于一个数来说,如果有比它小的数模数和每一位的和都与其相同,那么这个数必然就不是答案。那么我们如何枚举呢,自然是从小到大枚举,在每一个数之后尝试加一位,这样就是从小到大的枚举了,那么位数是相同长度的一起枚举,所以就用广搜来实现。复杂度就是d*s,即最多把所有状态更新掉。
#include <iostream>
#include <queue>
#include <string>
using namespace std;
typedef long long ll;
struct node{
int mod;
int sum;
string res;
node(int a,int b,string c)
{
mod = a;
sum = b;
res = c;
}
};
int vis[505][5005];
string bfs(int d,int s)
{
queue<node> q;
q.push(node(0,0,""));
vis[0][0] = 1;
while( !q.empty() )
{
node t = q.front();
// cout << t.res << '\n';
q.pop();
if( t.mod == 0 && t.sum == s ) return t.res;
for (int i = 0; i <= 9; i++)
{
int mod = ( t.mod * 10 + i ) % d;
int sum = t.sum + i;
if( sum > s || vis[mod][sum] ) continue;
string res = t.res;
char z = i + '0';
res += z;
q.push(node(mod,sum,res));
vis[mod][sum] = 1;
}
}
return "-1";
}
int main()
{
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0);
int d,s;
cin >> d >> s;
cout << bfs(d,s) << '\n';
return 0;
}